bash - Bash：从输出中去除尾随换行符

Question

当我在 Bash 中执行命令时（或者具体来说，wc -l < log.txt），输出后面包含一个换行符。我该如何摆脱它？

Answer 1

如果您的预期输出是单行，您可以简单地从输出中删除所有换行符。tr管道传输到实用程序或 Perl（如果愿意）并不少见：

wc -l < log.txt | tr -d '\n'

wc -l < log.txt | perl -pe 'chomp'

您还可以使用命令替换来删除尾随换行符：

echo -n "$(wc -l < log.txt)"

printf "%s" "$(wc -l < log.txt)"

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如果您的预期输出可能包含多行，您需要做出另一个决定：

如果要从文件末尾删除 MULTIPLE 换行符，请再次使用 cmd 替换：

printf "%s" "$(< log.txt)"

如果要从文件中严格删除最后一个换行符，请使用 Perl：

perl -pe 'chomp if eof' log.txt

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请注意，如果您确定要删除尾随换行符，则可以使用headGNU coreutils 来选择除最后一个字节之外的所有内容。这应该很快：

head -c -1 log.txt

cat此外，为了完整起见，您可以使用和 'show-all' 标志快速检查换行符（或其他特殊）字符在文件中的位置-A。美元符号字符将指示每一行的结尾：

cat -A log.txt

Answer 2

单程：

wc -l < log.txt | xargs echo -n

Answer 3

如果您只想删除最后一个换行符，请通过管道：

sed -z '$ s/\n$//'

sed\0如果分隔符设置为NULvia ，则不会将 a 添加到流的末尾-z，而要创建 POSIX 文本文件（定义为以 a 结尾\n），它将始终输出\n不带-z.

例如：

$ { echo foo; echo bar; } | sed -z '$ s/\n$//'; echo tender
foo
bartender

并证明没有NUL添加：

$ { echo foo; echo bar; } | sed -z '$ s/\n$//' | xxd
00000000: 666f 6f0a 6261 72                        foo.bar

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要删除多个尾随换行符，请通过管道：

sed -Ez '$ s/\n+$//'

Answer 4

在Bash 变量替换中也直接支持删除空格：

testvar=$(wc -l < log.txt)
trailing_space_removed=${testvar%%[[:space:]]}
leading_space_removed=${testvar##[[:space:]]}

Answer 5

如果将其输出分配给变量，bash则会自动去除空格：

linecount=`wc -l < log.txt`

Answer 6

如果您想在 Bash 中打印任何内容而没有行尾，请使用-n开关回显它。

如果您已经将它放在变量中，则使用裁剪的尾随换行符来回显它：

$ testvar=$(wc -l < log.txt)
$ echo -n $testvar

或者您可以在一行中执行此操作，而不是：

$ echo -n $(wc -l < log.txt)

Answer 7

printf已经为您裁剪了尾随换行符：

$ printf '%s' $(wc -l < log.txt)

细节：

• printf 将打印您的内容以代替%s字符串占位符。
• 如果您不告诉它打印换行符 ( %s\n)，它不会。

Answer 8

使用 awk：

awk -v ORS="" '1' log.txt 

解释：

1. -v 为 ORS 赋值
2. ORS - 输出记录分隔符设置为空白。这将用“”替换新行（输入记录分隔符）

Answer 9

添加此内容以供我参考 ^_^

您还可以使用 bash 扩展魔法从输出中删除一个新行

VAR=$'helloworld\n'

CLEANED="${VAR%$'\n'}"

echo "${CLEANED}"