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当我尝试使用$_POST变量将某些内容插入数据库时​​遇到了麻烦。

目前这就是我设置它的方式。当我将这些变量传递给它时，它就起作用了。请注意，我在工作示例中将所有内容都设置为 1。

$video_id = 1;
$user_id = 1;
$session_id = 1;
$user_rating = 1;

$conn = new PDO("mysql:host=$hostname;dbname=db_name", $username, $password);
    $q = $conn->prepare('INSERT INTO video_rating (rating, video_id, user_id, sessionid) VALUES (?, ?, ?, ?)');

$q->execute(array($user_rating, $video_id, $user_id, $user_rating));

但是，当我使用我的 POST 变量时

$video_id = $_POST['video_id'];
$user_id = $_POST['user_id'];
$session_id = $_POST['session_id'];
$user_rating = $_POST['user_rating'];

并运行相同的 PDO 执行，它不起作用。

我的表格看起来像这样。

<form id="rate-form" method="post" enctype="multipart/form-data">
<input class="auto-submit-star" type="radio" name="user-rating" value="1" title="Very poor"/>
<input class="auto-submit-star" type="radio" name="user-rating" value="2" title="Poor"/>
<input class="auto-submit-star" type="radio" name="user-rating" value="3" title="OK"/>
<input class="auto-submit-star" type="radio" name="user-rating" value="4" title="Good"/>
<input class="auto-submit-star" type="radio" name="user-rating" value="5" title="Very Good"/>
<span id="hover-test" style="margin:0 0 0 15px;" class="rate-text"></span>
<input type="hidden" name="video_id" value="251"/>
<input type="hidden" name="user_id" value="3"/>
<input type="hidden" name="session_id" value="1"/>
<input type="hidden" name="rate_form" />  
</form>

你能看到一些我可能忽略的东西，为什么它不起作用。

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您的 SQL 正在寻找：

 $user_rating = $_POST['user_rating'];

您的 HTML 包括：

 <input class="auto-submit-star" type="radio" name="user-rating" ...

我假设其中一个是错字 - 当您的 SQL 正在生成时，$user_rating它以 NULL 的形式出现，并且您的表不允许该字段中的空条目。

于 2012-08-27T15:12:34.237 回答