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在https://stackoverflow.com/a/1967183/134841中，提供了一种解决方案，用于静态检查成员是否存在，可能在某个类型的子类中：

template <typename Type> 
class has_resize_method
{ 
   class yes { char m;}; 
   class no { yes m[2];}; 
   struct BaseMixin 
   { 
     void resize(int){} 
   }; 
   struct Base : public Type, public BaseMixin {}; 
   template <typename T, T t>  class Helper{}; 
   template <typename U> 
   static no deduce(U*, Helper<void (BaseMixin::*)(), &U::foo>* = 0); 
   static yes deduce(...); 
public: 
   static const bool result = sizeof(yes) == sizeof(deduce((Base*)(0))); 
};

但是，它不适用于 C++11final类，因为它继承自被测类，这会final阻止。

OTOH，这个：

template <typename C>
struct has_reserve_method {
private:
    struct No {};
    struct Yes { No no[2]; };
    template <typename T, typename I, void(T::*)(I) > struct sfinae {};
    template <typename T> static No  check( ... );
    template <typename T> static Yes check( sfinae<T,int,   &T::reserve> * );
    template <typename T> static Yes check( sfinae<T,size_t,&T::reserve> * );
public:
    static const bool value = sizeof( check<C>(0) ) == sizeof( Yes ) ;
};

无法在基类中找到该reserve(int/size_t)方法。

是否有这个元函数的实现，它既可以在 的基类中找到reserved()，并且如果是T仍然可以工作？Tfinal

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2 回答 2

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decltype实际上，多亏了后期返回绑定机制，C++11 中的事情变得容易多了。

现在，使用方法来测试它更简单：

// Culled by SFINAE if reserve does not exist or is not accessible
template <typename T>
constexpr auto has_reserve_method(T& t) -> decltype(t.reserve(0), bool()) {
  return true;
}

// Used as fallback when SFINAE culls the template method
constexpr bool has_reserve_method(...) { return false; }

然后，您可以在类中使用它，例如：

template <typename T, bool b>
struct Reserver {
  static void apply(T& t, size_t n) { t.reserve(n); }
};

template <typename T>
struct Reserver <T, false> {
  static void apply(T& t, size_t n) {}
};

你这样使用它：

template <typename T>
bool reserve(T& t, size_t n) {
  Reserver<T, has_reserve_method(t)>::apply(t, n);
  return has_reserve_method(t);
}

或者您可以选择一种enable_if方法：

template <typename T>
auto reserve(T& t, size_t n) -> typename std::enable_if<has_reserve_method(t), bool>::type {
  t.reserve(n);
  return true;
}

template <typename T>
auto reserve(T& t, size_t n) -> typename std::enable_if<not has_reserve_method(t), bool>::type {
  return false;
}

请注意，这种切换事物实际上并不那么容易。一般来说，当只有 SFINAE 存在时，它会容易得多——并且您只想要enable_if一种方法而不提供任何回退：

template <typename T>
auto reserve(T& t, size_t n) -> decltype(t.reserve(n), void()) {
  t.reserve(n);
}

如果替换失败，则从可能的重载列表中删除此方法。

注意：由于,（逗号运算符）的语义，您可以链接多个表达式，decltype并且只有最后一个实际决定类型。方便检查多个操作。

于 2012-03-02T10:00:25.987 回答
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一个版本也依赖于decltype但不依赖于将任意类型传递给(...)[ 这实际上不是问题，请参阅 Johannes 的评论 ]：

template<typename> struct Void { typedef void type; };

template<typename T, typename Sfinae = void>
struct has_reserve: std::false_type {};

template<typename T>
struct has_reserve<
    T
    , typename Void<
        decltype( std::declval<T&>().reserve(0) )
    >::type
>: std::true_type {};

我想根据这个特征指出一个类型，例如std::vector<int>&确实支持reserve：这里检查表达式，而不是类型。这个特征回答的问题是“给定lval这种类型的左值T，表达式是否lval.reserve(0);格式正确”。与“此类型或其任何基本类型是否reserve声明了成员”问题不同。

另一方面，可以说这是一个功能！请记住，新的 C++11 特征属于样式is_default_constructible，而不是 has_default_constructor. 区别是微妙的，但有优点。（找到一个更合适的is_*ible左式风格的名字作为练习。）

在任何情况下，您仍然可以使用特征std::is_class来实现您想要的。

于 2012-03-03T08:54:48.880 回答