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我注意到，当我使用查询生成器时，我在不同的文件中写了很多数据库表名。如果我要更改数据库表名，我将不得不在我的项目中搜索和更改相当多的行。这是您的 Laravel 人员注意到并提出解决方案的问题吗？

我喜欢使用类模型而不是数据库名称的 Eloquent 方法；但是对于某些查询，我认为查询生成器是一个更好的解决方案（尽管我不是这方面的专家）。

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在您的查询中使用它：

(new YourModel())->getTable()

例子 ：

DB:raw('SELECT * FROM '.(new User())->getTable().' WHERE id=3');
于 2016-08-19T10:18:55.723 回答
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如果您已经有一个 queryBuilder 对象，您可以获得表名，例如

$tableName = $query->getModel()->getTable();

于 2020-08-04T21:22:16.947 回答
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也许你可以扩展模型类。

CModel extend Model {

   protected static $tableName;

   public static getTableName(){
       if(static::$tableName)
          return static::$tableName;

       /* if you create a "reference break" you don't have to *
       /* create "protected static $tableName" row in your all model */

       $table = (new static())->getTable();
       return static::$tableName = &$table;
   }
}

YourModel extends CModel {...}

比你可以使用

YourModel::getTableName()

我没有更好的主意。

于 2018-12-18T16:32:48.580 回答
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如何使用 OOP 概念。Laravel 是一个框架，所以没有人会阻止你使用基本的 PHP OOP 概念。这就是我所做的：

考虑我的查询是这样的：

$result=DB::table('myTable')->select()->get();

我所做的是创建一个包含所有表名的类：

class TableName
{
    private $tableName= "myTable";
    public function getTableName()
    {
        return $this->tableName;
    }

    public function setTableName($table_name)
    {
        $this->tableName = $table_name;
    }
}

现在我所要做的就是使用文件中的对象调用一个方法，我想使用如下表：

$name = new TableName() ;
$result=DB::table($name->getTableName())->select()->get();

随时随地使用。我不认为它是最好的解决方案，但它对我有用。希望能帮助到你

于 2016-08-19T11:36:16.007 回答