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我想编写一个 lambda,它通过通用引用获取任意数量的参数并完全忽略它们。显而易见的方法是使用可变参数通用参数包的语法并省略参数名称:

auto my_lambda = [](auto&&...) { return 42; };

这工作正常(使用 gcc 4.9.2),直到我尝试传递一个非平凡可复制的对象

struct S { S() {} S(S const&) {} };
my_lambda("meow", 42, S{});
^ error: cannot pass objects of non-trivially-copyable type 'struct S' through '...'

这是怎么回事?我的代码格式不正确,还是 gcc 中的错误?

无论哪种情况,最好的解决方法是什么?我发现命名参数是可行的,但后来我遇到了一个未使用的参数警告:

auto my_lambda = [](auto&&... unused) { return 42; };
^ error: unused parameter 'unused#0' [-Werror=unused-parameter]
^ error: unused parameter 'unused#1' [-Werror=unused-parameter]
^ error: unused parameter 'unused#2' [-Werror=unused-parameter]

如何抑制模板参数包上的未使用参数警告?

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这是 GCC 中的一个解析错误(您自己报告了!)。auto&&...在语法上是模棱两可的,可以被解析为等价于auto&&, ...或参数包声明(从技术上讲,问题是...参数声明子句还是抽象声明符的一部分);标准说它被解析为后者;GCC 将其解析为前者。

命名包解决了解析歧义:

auto my_lambda = [](auto&&... unused) { return 42; };

为了抑制警告,可以应用__attribute__((__unused__))(或者,正如@Luc Danton 建议的那样[[gnu::unused]]):

auto my_lambda = [](auto&&... unused __attribute__((__unused__))) { return 42; };

或使用sizeof...

auto my_lambda = [](auto&&... unused) { (void) sizeof...(unused); return 42; };
于 2016-02-11T13:51:17.137 回答