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我想知道 XSLT 文件是否可以从位于远程 zip 文件夹中的 XML 读取数据（来自工作中的服务器），无需任何外部处理器（saxon 等）且无需下载。

如果做不到这一点，我将求助于从 zip 中读取信息......这将我带到了我的另一个（newb）问题。

我目前有一个 XSLT，它可以访问并从下载和提取的 XML 文件中获取数据，但如果不提取它，我就无法做到这一点。我已经读过 Altova 和 xslt 2.0 可以使用 document() 函数从 zip 文件中读取，但到目前为止我还没有实现这一点。

这就是我尝试这样做的方式： document('name.zip|zip/folder/folder2/iwantthis.xml')

它似乎没有找到该文件。如果您向我展示我的方法的错误并引导我进入 XSLThood，我将永远感激不尽。

非常感谢你

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我认为没有一种通用的方法可以做到这一点。

但是，在许多基于 Java 的 XSLT 处理器（至少是 Saxon 和 Xalan）中，您可以使用'jar:' URL来引用 zip 文件中的资源。在指向 zip 文件的 URL 前面加上前缀jar:和后缀，!/以及其中文件的路径。像这样：jar:file:///the/path/to/foo.zip!/foo.xml。

要在其他处理器中实现相同的功能，您可能需要确定它们是否允许注册自定义“URI 处理程序”或等效的处理您想要支持的特殊 URI。

于 2010-06-10T10:28:48.140 回答
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如果您使用的是 Saxon，那么您可以使用EXPath Zip Facility。

这是一个例子：

<xsl:stylesheet xmlns:xsl="http://www.w3.org/1999/XSL/Transform" 
                xmlns:xs="http://www.w3.org/2001/XMLSchema" 
                xmlns:zip="http://www.expath.org/mod/zip"
                version="2.0">

   <xsl:import href="http://www.expath.org/mod/zip.xsl"/>

   <xsl:output indent="yes"/>

   <!--
       $file is the ZIP file to use.  If $entry is set, extract that
       entry from $file, as an XML document.  If not, list the content
       of $file.
   -->
   <xsl:param name="file"  as="xs:string"/>
   <xsl:param name="entry" as="xs:string?"/>

   <xsl:template name="main" match="/">
      <xsl:choose>
         <xsl:when test="$entry">
            <!-- an XML entry in the ZIP file -->
            <xsl:sequence select="zip:xml-entry($file, $entry)"/>
         </xsl:when>
         <xsl:otherwise>
            <!-- the structure of the ZIP file -->
            <xsl:sequence select="zip:entries($file)"/>
         </xsl:otherwise>
      </xsl:choose>
   </xsl:template>

</xsl:stylesheet>
于 2010-06-10T12:46:45.133 回答
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除非您的文件系统提供了一种本地、透明的方式来访问 zip 文件，就像它是一个文件夹一样，否则这是不可能的。

换句话说：您必须能够document()在系统上的任何其他程序中打开您尝试输入的路径。如果这在其他任何地方都不起作用，那么您会认为它会在 XSLT 中起作用吗？

于 2010-06-10T09:14:26.610 回答
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我刚刚使用以下 XSLT 2.0 样式表尝试了 AltovaXML 工具命令行 XSLT 2.0 处理器：

<xsl:stylesheet
  xmlns:xsl="http://www.w3.org/1999/XSL/Transform"
  version="2.0">

  <xsl:template name="main">
    <xsl:copy-of select="document('ziptest1.zip|zip/ziptest1/file.xml')"/>
  </xsl:template>

</xsl:stylesheet>

其中“ziptest1.zip”是一个 .zip 文件，其中包含一个名为“ziptest1”的文件夹，其中包含一个名为“file.xml”的文件，我得到的输出是该文件的内容。如果无法解析路径，则会收到一条错误消息，提示“检索资源时出错”。

我使用“AltovaXML Version 2010 rel. 3”对其进行了测试，我认为这是最新版本。

于 2010-06-10T17:09:15.550 回答
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根据我通过阅读您的所有（非常快速的）回复得到的信息，并且由于单独使用 XSLT 会引发“可能不可能”的答案和撒克逊谈话，我猜撒克逊是要走的路。我会先在家里尝试一下，看看安装/使用有多少麻烦，因为通常每当我提到在工作中安装某些东西时，他们都会拒绝我（我是实习生）。不过，我会等到 Martin Honnen 回答我的评论。

非常感谢您抽出宝贵的时间，也非常感谢您如此迅速地回答。

编辑：谢谢马丁，将检查该功能的文档。

于 2010-06-11T09:31:04.790 回答