c++ - C++ 函数取值，它们应该取值

Question

我刚刚学习 c++，并且来自 c，我在书中看到的一些函数调用让我感到困惑：

char a;
cin.get(a);

在 C 中，这不可能工作，如果你这样做，将无法获得输出，因为你是按值传递，而不是按引用传递，为什么这在 c++ 中有效？引用和取消引用是隐式的（编译器知道 cin.get 需要一个指针，所以它被引用了）？

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C++

这将在 C++ 中工作，因为函数签名get()可能是这样的：

void get(char& a); // pass-by-reference

后面的&符号char表示编译器，而不是当你传入一个char值时，它应该传入对的引用而char不是复制它。

这实质上意味着在内部所做的任何更改都get()将反映在a方法外部的值中。

如果函数签名get()是这样的：

void get(char a); // pass-by-value

thena将通过valuea传递，这意味着在作为参数传递给方法之前制作了一个副本。对的任何更改a都只会是方法的本地更改，并且在方法返回时会丢失。

C

这在 C 中不起作用的原因是因为 C 只有pass-by-value。在 C 中模拟按引用传递行为的唯一方法是按值传递其指针，然后在修改方法中的值时取消引用指针值（从而访问相同的内存位置）：

void get(char* a)
{
    *a = 'g';
}

int main(int argc, char* argv[])
{
    char a = 'f';
    get(&a);
    printf("%c\n", a);

    return 0;
}

运行这个程序会输出：

score 4 · Accepted Answer

引用类型就是这样工作的（按引用传递，而不是按值传递）。它类似于在 C 中传递指针（按指针传递），但具有更好的语法和更高的安全性（编译时检查）。实现在内部通过指针传递。

score 1 · Accepted Answer

C++ 允许通过引用传递（注意&，它表示使用了引用）：

void foo(char& bar) {
    bar = 42;
}

int main() {
    char a;
    foo(a);
    // a == 42 here
}

score 1 · Accepted Answer

这就是为什么一些 C++ 程序员不喜欢使用这样的引用。
它看起来像一个函数争论 - 你从语法中不知道“a”是否被修改。

更喜欢传递 const 引用（当您有一个大对象并且副本会很昂贵时）并返回引用或最好的所有传递指针。

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