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我刚刚开始使用 JSON 在页面之间传递信息，但我根本无法弄清楚这一点。

基本上，我有一页使用 jquery getJSON 从另一页获取一些 JSON 数据。但是 PHP 变量不会/不能被必要的内容替换。

这是 jquery 脚本（我相信它工作正常）

$.getJSON("./menu-controller.php", { editId: getEditId, getEditInfo: true },function(data) {
    console.log(data);
    var id = data.itemId;
    alert(id);
});

在其他页面上使用此代码时，我可以让它正常工作

$json = '{ "itemId":"4" }';
echo $json;

但是，如果我使用它，那么它将无法正常工作

$menuId = 4;
$json = '{ "itemId":$menuId }';
echo $json;

所以我的问题是，我怎样才能让 $menuId 用数字实际替换自己并正确返回另一页？

我试过弄乱引号并重新排列引号 4 小时。它要么出现错误，要么没有将 $menuId 替换为实际数字。

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4 回答 4

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您应该改为创建一个 PHP 数组，然后将其转换为 JSON。

例如：

$array = array();
$array['itemId'] = $menuId;
echo json_encode($array);

注意：还有一个json_decode函数可以接收 JSON 字符串并将其转换为 PHP。你可能会觉得这很有用。

于 2013-10-27T07:29:49.383 回答
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仅供参考，PHP 变量仅在双引号中插入，而不是在单引号中。所以，你必须做这样的事情：

    $json = "{ \"itemId\":$menuId }";
    echo $json;

请在此处查看演示：http: //codepad.viper-7.com/CDC0oM

于 2013-10-27T07:32:22.803 回答
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在此示例中：

$menuId = 4;
$json = '{ "itemId":$menuId }';
echo $json;

您已将 JSON 字符串包裹在单引号中。PHP用双引号替换值，所以这里没有替换值，你回显的值是

{ "itemId":$menuid }  - this is not valid JSON.

你最好创建一个 PHP 数组并json_encode()用来创建 SON 字符串：

echo json_encode(array("itemId"=>$menuId));
于 2013-10-27T07:36:36.157 回答
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问题是您已将 PHP 变量包含在单引号（而不是双引号）中，因此 PHP 不会在字符串中查找要替换的变量。

所以这应该工作：

$json = "{ \"itemId\": $menuId}";

以及 Cezary Wojcik 建议的 json_encode 方法（如果数据变得更复杂，这将更加灵活！）。

于 2013-10-27T07:32:27.310 回答