php - 如何通过 Window.open 在弹出窗口中显示图像

Question

我正在尝试使用以下 javascript 在弹出窗口中显示图像

function newPopup(url) {
    popupWindow = window.open(
        url,'popUpWindow','height=700,width=800,left=10,top=10,resizable=yes,scrollbars=no,toolbar=no,menubar=no,location=no,directories=no,status=yes')
}

在 Html 代码中，我使用 php 目录迭代器来查找 jpeg 图像并将其传递给 javascript。但是弹出窗口没有打开。

echo '<td width="150"><a href="JavaScript:newPopup('.$file_name.');">ScreenShot</a></td>';

我在这里做错了什么

Answer 1

我认为您在$filename

echo '<td width="150"><a href="javascript:void(0);" onclick="newPopup(\''.$file_name.'\');">ScreenShot</a></td>';

http://jsbin.com/aqurem/1/edit

Answer 2

<script>
function newPopup(url) {
    popupWindow = window.open(
        url,'popUpWindow','height=700,width=800,left=10,top=10,resizable=yes,scrollbars=no,toolbar=no,menubar=no,location=no,directories=no,status=yes')
}
</script>
<a href="javascript:void(0);" onClick="newPopup('https://www.cs.washington.edu/education/courses/cse455/12au/projects/project1/students/chantalm/artifact/images/flowers.jpg');">ScreenShot</a>