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表单标签内容是：-

<form method="post" action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF'] ;?>" >

按钮标签内容是：-

<input type="submit" id="submit_button" value="Submit">

j-query 函数是

$('#submit_button').click(function ()
            {        
                alert("button clicked");
                buildingVal = $("#building").val();
                levelVal = $("#level").val();
                data = 'building=' + buildingVal.val() + 'level=' + levelVal.val();
                $.ajax(
                {

                    url: "res.php", 
                    type: "POST",
                    data: data,     
                    success: function (data) {
                    }
                });
                return false;
            });

页面正在重新加载，文本框和下拉菜单中的数据正在消失。

但是如果我在 jquery 中只有这个代码： -

$('#submit_button').click(function ()
            {        
                alert("button clicked");
 return false;
            });

然后页面不会重新加载并且值保持不变。

请您告诉我如何防止页面重新加载？

同样在 ajax 调用中，我将调用一个页面 res.php，它将返回一个表，

代码中的内容是什么

success: function (data) {
                    }

请帮忙...

编辑：

我正在使用代码将数据传递到 res.php 页面

data = 'building=' + buildingVal.val() + 'level=' + levelVal.val();

然后使用

$.ajax(
                {

                    url: "res.php", 
                    type: "POST",
                    data: data,     
                    success: function (data) {
                        $('#npc').html(data);
                    }
                });

在 res.php 页面中

如何从传递的单个值中提取两个值

我尝试使用以下代码

$building = mysql_real_escape_string($_GET['building']);
$level = mysql_real_escape_string($_GET['level']);

但它不起作用...

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4 回答 4

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您在 jQuery 代码中有一个错误：

错误：

buildingVal = $("#building").val();
levelVal = $("#level").val();
data = 'building=' + buildingVal.val() + 'level=' + levelVal.val();

解决方案：

buildingVal = $("#building");
levelVal = $("#level");
data = 'building=' + buildingVal.val() + '&level=' + levelVal.val();

完整代码js：

$('#submit_button').click(function () {        

   var 
       buildingVal = $("#building"),
       levelVal = $("#level"),
       data = 'building=' + buildingVal.val() + '&level=' + levelVal.val();


   $.ajax({
      'url': 'res.php', 
      'type': 'POST',
      'data': data,     
      'success': function (data) {
      }
   });

   return false;

});

编辑

如果您打算使用此表单通过 ajax 发送数据，最好的方法是取消“提交”表单事件：

HTML：

<form id="myform" method="post" action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF'] ;?>" >
...
</form>

JS：

$('#myform').bind('submit', function(event) {

     return false;
});

$('#submit_button').bind('click', function () {        

   var 
       buildingVal = $("#building"),
       levelVal = $("#level"),
       data = 'building=' + buildingVal.val() + 'level=' + levelVal.val();


   $.ajax({
      'url': 'res.php', 
      'type': 'POST',
      'data': data,     
      'success': function (data) {
      }
   });

});
于 2012-08-31T11:48:27.743 回答
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最好的方法是首先不使用submit按钮。

<input type="button" id="myButton" value="Submit">


$('#myButton').on('click', function(){
   //do ajax
});
于 2012-08-31T11:42:52.807 回答
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因此，为了让提交按钮不以默认行为提交您的页面，请执行以下操作：

$('#submit_button').click(function (event) {        
                event.preventDefault();
                buildingVal = $("#building").val();
                levelVal = $("#level").val();
                data = 'building=' + buildingVal.val() + 'level=' + levelVal.val();
                $.ajax(
                {

                    url: "res.php", 
                    type: "POST",
                    data: data,     
                    success: function (data) {
                    }
                });                
});
于 2012-08-31T11:45:09.837 回答
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您需要防止点击事件中的默认行为：

$('#submit_button').click(function (event)
{
    event.preventDefault();
    alert("button clicked");
    return false; // Not truly necerssary
});

http://api.jquery.com/event.preventDefault/

于 2012-08-31T11:43:25.703 回答