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我有一个具有以下目录结构的烧瓶应用程序：

  • 我的应用程序/
    • 应用程序.py
    • __init__.py
    • 楷模/
      • __init__.py
      • 用户.py

这些模型使用 Flask-SQLAlchemy，因此，它们需要db从application.py

用户.py：

import sys,os
sys.path.append('/path/to/application/package')

from testapp import db

class User(db.Model):
    id = db.Column(db.Integer,primary_key=True)
    username = db.Column(db.String(255),unique=True)
    age = db.Column(db.Integer)

    def __init__(self,username,age):
        self.username = username
        self.age = age

    def __repr__(self):
        return '<User %r>' % self.username

因为任何模型都需要访问应用程序的 SQLAlchemy 实例、db属性，所以我必须将整个包放在路径上，然后从主应用程序模块导入。为了理智起见，我想将模型保存在单独的文件中。我需要将路径代码放在每个模型的顶部吗？有没有更好的办法？我宁愿没有这样的完整路径输入，因为它们可能被部署到具有不同目录结构的不同主机上。理想情况下，会有某种方法在内部处理路径，因此当它通过我用作另一个用户时，mod_wsgi我不必手动更改代码。

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1 回答 1

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第一种方法：

我最终得到了以下结构：

  • project_root — 还包含一些配置、.gitignore 文件等
    • 开始.py
    • 烧瓶根
      • __init__.py
      • 应用程序.py
      • 模块_1
        • __init__.py
        • 模型.py
      • 模块_2
        • __init__.py
        • 模型.py

最上面的 start.py 只是运行应用程序：

#! /usr/bin/env python
from flask_root import applicaiton

if __name__ == '__main__':
    application.manager.run()

Python在你的脚本开始的目录中搜索包，所以现在你不需要将它们添加到 sys.path （对我来说，修改 sys.path 看起来很难看）。现在您有了完整的flask_root python 包，您可以从应用程序的任何位置从中导入所有内容：

from flask_root.application import db

第二种方法：

如果你从它的目录启动你的 Flask 应用程序，

./application.py runserver

你开始的目录不能作为 python 包访问，即使它有 __init__.py 。

不过，使用您的目录布局，您可以执行以下技巧：

模型/__init__.py：

from application import db
...

模型/user.py：

from . import db
...

第一种方法更干净和通用。当您需要在多个 Flask 项目之间共享相同的蓝图时，第二个可能很有用。

于 2012-07-19T21:26:04.423 回答