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是否可以在本地匿名函数中使用来自周围模板函数的模板类型参数？我很确定我不能声明模板 lambda ...

例如，我将如何去做这样的事情：

template <typename T>
void TrimString(std::basic_string<T>& str, const std::locale& loc = std::locale())
{
    // std::isspace as lambda unary predicate?
    auto fn = [&loc](T c){ return std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space, c); };
    // trim right
    str.erase(std::find_if(str.rbegin(), str.rend(), std::not1(fn)).base(), str.end());
    // trim left
    str.erase(str.begin(), std::find_if(str.begin(), str.end(), std::not1(fn)));
}

目前这会产生以下错误：

error C2039: 'argument_type' : is not a member of '`anonymous-namespace'::<lambda0>'

T这是有道理的，因为 lambda 对来自周围模板函数的参数一无所知。

我使用 VS2010 和 gcc 4.7，但我不想使用 boost。

有任何想法吗？

编辑：我认为问题出在模板参数本身的假设似乎是错误的。相反，它是使用std::not1lambda 函数编译的。这是更详细的错误输出：

error C2039: 'argument_type' : is not a member of '`anonymous-namespace'::<lambda0>'
 : see declaration of '`anonymous-namespace'::<lambda0>'
 : see reference to class template instantiation 'std::unary_negate<_Fn1>' being compiled
          with
          [
              _Fn1=`anonymous-namespace'::<lambda0>
          ]
 : see reference to function template instantiation 'void TrimString<char>(std::basic_string<_Elem,_Traits,_Ax> &,const std::locale &)' being compiled
          with
          [
              _Elem=char,
              _Traits=std::char_traits<char>,
              _Ax=std::allocator<char>
          ]

如果是函数类型，是否需要显式声明参数的类型？我不确定我做错了什么...

答案：

选项 1：如果我不使用std::not1而是否定 lambda 中的返回值，我会得到相同的行为而不会出现问题。

auto fn = [&loc](T c){ return !std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space, c); };

选项 2：由于 lambda 不再等同于std::isspace作为一元谓词的行为方式，因此函数对象构造函数强制转换也可以解决问题。

str.erase(std::find_if(str.rbegin(), str.rend(), std::not1(std::function<bool(T)>(fn))).base(), str.end());
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3 回答 3

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该问题不是由在 lambda 中使用模板参数引起的，因为在构造 lambda 时该参数已被解析为一个类型。

问题是您定义的 lambda 不能与 结合std::not1，这需要 a 作为参数std::unary_function<argument_type,return_type>。

解决问题的最简单方法是不使用std::not1，而是在 lambda 表达式中否定谓词：

auto fn = [&loc](T c){ return !std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space,c); };

编译和使用 GCC 4.7.0 的完整代码变成：

#include <string>
#include <algorithm>
#include <locale>
#include <iostream>

template <typename T>
void TrimString(std::basic_string<T>& str, const std::locale& loc = std::locale())
{
  auto fn = [&loc](T c){ return !std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space,c); };

  str.erase(std::find_if(str.rbegin(), str.rend(),fn).base(), str.end());
  str.erase(str.begin(), std::find_if(str.begin(), str.end(), fn));
}

int main() {
  std::basic_string<char> s("  hello  ");
  TrimString(s);
  std::cout << s << std::endl;
  return 0;
}

这输出

hello

正如预期的那样。

于 2012-06-21T01:36:51.223 回答
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您当然可以T用作 lambda 表达式的参数类型。以下程序编译罚款GCC 4.5.1：

include <iostream>

template<typename T>
void f(T arg)
{
   auto print = [](T a) { std::cout << a << std::endl; };
   print(arg);
}

int main() {
        f(8899);
        f("Nawaz");
        return 0;
}

看看你自己：http: //ideone.com/l32Z6

顺便说一句，错误消息似乎表明问题出在其他地方，特别是在命名空间范围内声明了 lambda：

错误 C2039：“argument_type”：不是“匿名命名空间”的成员::<lambda0>

在您编辑之后，我只能说不要使用std::not1。事实上，你甚至不需要它。您可以return !whatever-expression在 lambda 本身中使用。

于 2012-06-21T01:20:41.260 回答
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编辑：正如@Nawaz 指出的那样，您的错误一定来自其他地方......我在下面描述的是矫枉过正......

使用decltype，您可以执行以下操作：

template <typename T>
void TrimString(std::basic_string<T>& str, 
                const std::locale& loc = std::locale(), 
                T arg = T())
{
    auto fn = [&loc](decltype(arg) c){ return std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space, c); };

    //...rest of your code
}

decltype(arg)这是使用（或滥用）表达式计算为 的类型的事实，arg在本例中为 的类型T。

于 2012-06-21T01:15:43.990 回答