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我正在为 iPhone 开发一个应用程序，其中一个功能是使用 XMPPFramework 的即时消息系统。到目前为止，我正在使用 Google Talk 对其进行测试。委托与管理用户界面的类相同。所以，我得到了这个代码：

在 viewDidLoad 中：

- (void)viewDidLoad
{
    [super viewDidLoad];
    [self setupStream];
}

setupStream 方法：

- (void) setupStream
{
    NSLog(@"Inside setupStream");
    xmppStream = [[XMPPStream alloc] init];
    [xmppStream addDelegate:self delegateQueue:dispatch_get_main_queue()];
    [self connect];
}

连接方法：

- (BOOL) connect
{
    NSLog(@"Inside connect method");


    General *general = [General sharedManager];//this is a singleton to manage settings for every user
    NSString *chatid;
    NSString *chatpass;

    //chatid=[general user];
    chatid=@"somegmailaccount@gmail.com";
    xmppStream.myJID=[XMPPJID jidWithString:chatid];

    if (![xmppStream isDisconnected]) {
        return YES;
    }

    NSError *error = nil;
    if (![xmppStream connect:&error])
    {
        UIAlertView *alertView = [[UIAlertView alloc] initWithTitle:@"Error"
            message:[NSString stringWithFormat:@"Can't connect to server %@", [error localizedDescription]]
            delegate:nil
            cancelButtonTitle:@"Ok"
            otherButtonTitles:nil];
        [alertView show];

        return NO;
    }

    return YES;
}

在 xmppStreamDidConnect 方法中：

- (void) xmppStreamDidConnect:(XMPPStream *)sender
{
    [xmppStream authenticateWithPassword:@"password" error:NULL];
    [self goOnline];
}

和 goOnline 方法：

- (void) goOnline
{
    XMPPPresence *presence = [XMPPPresence presence];
    [[self xmppStream] sendElement:presence];
    NSLog(@"Presence sent");
}

这样，就不会发送出席信息。我有另一个谷歌帐户，我尝试进行测试（例如，testing@gmail.com），并且在这个帐户中没有看到 somegmailaccount.gmail.com 的存在。两个帐户相互关联并且相互了解，因为我使用相同的帐户来开发 Android 应用程序。

知道我做错了什么吗？任何帮助表示赞赏。

非常感谢你。

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2 回答 2

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我找到了！存在不是以这种方式发送的：

XMPPPresence *presence = [XMPPPresence presence];
[[self xmppStream] sendElement:presence];

Insted，我是这样做的：

NSXMLElement *presence = [NSXMLElement elementWithName:@"presence"];
[xmppStream sendElement:presence];

这样，发送状态没有任何问题:)

于 2012-06-13T07:48:56.590 回答
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使用此代码，我实现了 xmppStreamDidAuthenticate:(XMPPStream *)sender 方法，并且程序在没有来自我的代码的任何调用的情况下进入该方法。但如果我把

[xmppStream setHostName:@"talk.google.com"];
[xmppStream setHostPort:5222];

...在方法连接中，程序不输入该方法，也不输入 xmppStreamDidConnect。

我要生气了。

于 2012-06-12T15:14:37.920 回答