问题标签 [symfony-2.8]

我正在使用 ShtumiUsefulBundle。这是我在应用程序中的配置部分：

这是我的 configureFormFields

加载页面时，它完全依赖于组合，但事实证明城市组合加倍，事实不是如何或为什么加倍，附上截图

我是初中生，正在使用 Symfony 2.8 开发一个项目。尝试访问我完全不理解的复杂编辑表单时出现此错误：

注意：未定义索引：\TKS\BlogBu​​ndle\Form\ArticleEditType

堆栈跟踪 ：

1. 在 vendor\symfony\symfony\src\Symfony\Component\Form\FormRegistry.php 第 103 行

@trigger_error(sprintf('从 2.8 版开始不推荐通过字符串名称访问类型“%s”，并将在 3.0 中删除。使用完全限定的类型类名“%s”。', $name, get_class($ this->types[$name]->getInnerType())), E_USER_DEPRECATED); } 返回 $this->types[$name]; } /**

2. 在 ErrorHandler ->handleError ('8', '未定义索引: \TKS\BlogBu​​ndle\Form\ArticleEditType', 'C:\xampp\htdocs\tkstrs\vendor\symfony\symfony\src\Symfony\Component\Form\FormRegistry. php', '103', array('name' => '\TKS\BlogBu​​ndle\Form\ArticleEditType', 'type' => object(ArticleEditType), 'extension' => object(DependencyInjectionExtension))) 在 vendor\symfony \symfony\src\Symfony\Component\Form\FormRegistry.php 在第 103 行 (...)

我的编辑表格：

我的控制器：

我的观点 ：

有什么可以帮助我的想法吗？

我用 Symfony 2.8 构建了一个应用程序。

我使用KnpMenuBundle创建了一个菜单。

所以我想在用户未连接时显示菜单项，当然在用户连接时显示其他菜单项。

为了实现这组条件，我使用了以下这些指令：

菜单在“DEV”环境中正确显示，但不幸的是我在“PROD”环境中遇到了这个错误。：

我正在尝试创建我的第一个供应商捆绑包。我在这个问题中找到了很多信息，但我被卡住了。

• 我的 github 存储库在这里可用： https ://github.com/vtedesco/Peary
• 我已经在作曲家注册了它： https ://packagist.org/packages/vted/peary

在我通过命令安装的另一个项目中composer require vted/peary，文件在我的目录下正确可见vendors/vted/peary。

但是当它尝试像这样在 AppKernel.php 中添加它时：

我收到以下错误：

我认为这可能是某个地方的命名问题，但我找不到。VtedPearyBundle.php类对我来说看起来不错。

我需要创建一个可以在任何实体上使用的喜欢/不喜欢系统。我将创建一个带有“Id”、“Entity”（可以是任何东西）、“author”（具有 User 类的多对一）和“like”（布尔值）的 Like 实体。

我只想知道有没有什么好办法？我不能使用表继承（mappedsuperclass），因为这个实体将是一个包（SocialBundle）的一部分，它可以用于多个项目（它将是一个供应商）。

我没有代码可以给你看，因为我还在分析部分。

谢谢 ！

我想创建一个 php 类，它根据我的实体（在服务器运行或使用命令）自动在 services.yml 文件中写入服务。是否可以这样做，或者我应该只使用文件系统来做到这一点？

是否有正确的方法来根据请求它的用户的角色来自定义表单？

我的场景很简单：如果用户没有ROLE_ADMIN授权，我需要隐藏一些字段。我试图避免 Twig 上的现场显示，但是

不起作用，因为表单生成器绕过了这个检查。

Symfony 版本：2.8.2

编辑

感谢@Rooneyl 的建议，我找到了解决方案：

首先，您需要将“角色”键添加到选项参数。因此，在 configureOptions()$options['role']中始终为ROLE_USER。

然后在控制器中你必须传递getRoles()数组：

在我的项目中，我有一些带有很多选项的选择类型的表单。

所以我决定构建一个基于 jquery 自动完成的自动完成选择类型，它在运行时将新<option>的 HTML 元素添加到原始元素中。<select>选择后，它们会正确提交，但无法在 default 中处理ChoicesToValuesTransformer，因为在我创建表单时它不存在于我的表单中。

如何让 symfony 接受我动态添加的值？

我在 Symfony 2 中找到了这个答案验证动态加载的选择，其中提交的值用于修改PRE_SUBMIT表单事件中的表单，但在我的情况下无法运行。我需要更改当前类型已知的选项，而不是在表单中添加新的小部件

我正在使用带有 Doctrine 的 Symfony 2.8。我在形式上有一些问题。

我想我了解如何创建一个嵌入单个对象或一组表单的表单。但我想创建一个只嵌入一个集合对象的表单。因为实体具有 OneToMany 关系，我想同时编辑该关系的一个对象。

假设我想创建一个页面，显示用户可以投票的文章。我可以在哪里放置用户 ID，以便唯一字段可以编辑投票属性？

数据库

DefaultController.php

文章类型.php

文章投票类型.php

默认/index.html.twig

我知道在这种情况下，我可以直接使用 ArticleVoteType 在控制器中创建表单并忽略 ArticleType 但这只是一个示例。

我应该将 ArticleVote 对象放在 createForm(ArticleType::class, $article, $option) 方法的 $option 数组中，并且不在 ArticleType 类中添加 CollectionType 吗？如果是，我应该如何编写 ArticleType 类？

我正在使用 Symfony 2.8.0（因为我发现 Symfony 3.x 目前还不是很成熟，但我们现在不进行讨论）。

根据官方文档（http://symfony.com/doc/2.8/book/templating.html#embedding-controllers），应该可以将参数传递给从视图中调用的嵌入式控制器。

但是，这似乎不起作用。我总是以以下异常结束：

“控制器“AppBundle\Controller\DefaultController::buildNavigationAction()”要求您为“$argument1”参数提供一个值（因为没有默认值或因为在此参数之后有一个非可选参数）。

在我看来，我有以下代码：

控制器如下所示：

是什么赋予了？这是一个错误吗？

文档中描述的用例（从基本模板中渲染动态内容，因此在每个页面上）正是我使用它的目的。在每个控制器中重复相同的逻辑显然违反了 DRY 原则。