问题标签 [pathinfo]

问题：假设一个 URL 正在请求一个不存在的文件，例如mydomain.com/index.php/bogus

没有名为“bogus”的文件夹，所以我希望得到“404 not found”响应，而是 Apache 将请求发送到 /index.php（确实存在）。为什么？如何将其更改为响应“未找到 404”？

我想，理论上，Apache 这样做是为了让我为文件夹“bogus”（但它不存在）生成一个自定义索引页面。但在实践中，通过返回一个 200 响应的页面，它会给搜索引擎和意外访问者造成混乱。我在“index.php”中的 PHP 代码不希望有这个 URL，因此它会在其动态导航例程中生成损坏的链接。

我尝试禁用索引 ( Option -Indexes) 和目录索引 ( DirectoryIndex disabled) 并删除 .htaccess ( AllowOverride None)。这些都没有改变反应。我搜索了 stackoverflow，它有很多“如何提供文件而不是 404”，但事实恰恰相反：我希望 Apache 返回 404，而不是从文件系统的更高层提供 PHP 文件。

我的服务器环境是 Windows Server 2008、Apache 2.2.22 和 PHP 5.3。没有 mod_rewrite。

我目前正在一个站点上工作，该站点需要用户可以上传图像文件。我有 HTML 表单设置，它似乎正在工作，这不是问题的一部分。问题是 PHP 部分，我正在上传文件，收集该文件的扩展名并将文件重命名为特定时间戳，然后将其上传到特定文件夹中。

我有一个if检查上传的语句，但是每次我运行代码时，它都会返回“错误”语句，当它“回显”文件名时，它缺少扩展名。

我试图通过语法错误检查器运行代码并且没有任何返回，并且在运行代码时它不显示任何警报。

我不完全确定代码哪里出错了。

下面是 HTML 表单

下面是PHP部分

我正在尝试设置一个跟踪用户所在页面的cookie，以便我可以在websocket标头中转发它，但是当我这样做时：

应该将 cookie 设置为 %2FCommission%2F1 (/Commission/1) 之类的东西，创建 cookie，它会在 Firefox 开发人员工具中显示片刻，然后消失（它在 chrome 开发人员工具中根本不显示） .

但是，如果我这样手动设置 cookie 值：

饼干工作得很好。

我已经尝试修剪 $_SERVER['PATH_INFO']，同时替换可能有问题的部分，但如果 $_SERVER['PATH_INFO'] 在创建传递给 cookie 值的字符串时以任何身份使用，则似乎没有任何效果，我得到这种行为。我错过了什么吗？

图片网址如下。

如何从此网址获取扩展名。

我正在使用 pathinfo 来获取扩展名，但它不起作用

任何人都可以帮助我从 url 获取图像扩展名。

我正在尝试获取用户上传图像的文件扩展名，我了解到有几种方法可以实现这一目标。我认为这是目前获取文件扩展名的对话方式：

但是，我发现以下方法更直观和令人难忘：

采用后一种方法有什么缺点？

此处用于检查 mime 类型的 php 中的 case 语句工作正常。

但是，这里的 php 中检查文件扩展名的 case 语句不是，在这种情况下 pathinfo($path) 没有提取文件名，例如 VID_2_134.mp4。我猜我使用 pathinfo($path) 的方式不正确，但我不知道正确的使用方式。如果我将 pathinfo($path) 替换为 VID_2_134.mp4 下面的 case 语句开始按我预期的方式工作。

谁能帮帮我？

我正在编写如下所示的 php 代码，其中 Line#A 打印以下数组（如下所示 php 代码）。我的代码似乎没有进入 switch 语句。我不确定为什么。

我print_r($parts)在 A 行添加以打印 $parts 的值。

php代码：

输出（线#A）：

我echo "Hello World"在 B 线使用过，但由于某些原因，它没有被打印并扔到500 internal server error控制台上。

问题陈述：

我想知道我应该在 php 代码中进行哪些更改，以便它进入 switch 语句。

我正在尝试回应上传的税务文件的扩展名。文档可以是任何图像或 pdf。我计划稍后在代码中使用扩展名以适当的扩展名重命名文件。

目前它不回显扩展名。

我尝试了几种不同的方法，并查看了文档和论坛。我似乎仍然做错了什么。

我的 HTML：

<input type="file" class="" id="TaxFile" name="TaxFile" accept="image/*,application/pdf" ><br /><br />

我的PHP：

$taxpath = pathinfo($_FILES["TaxFile"]["tmp_name"]); echo $taxpath['extension'] . "\n123";

回声“123”

我的替代 PHP：

$taxpath = $_FILES["TaxFile"]["tmp_name"]; $ext = pathinfo($taxpath, PATHINFO_EXTENSION); echo $ext;

什么都没有

我希望看到回声：“pdf 123”和“pdf”

*我后来的代码确实使用move_uploaded_file($_FILES["TaxFile"]["tmp_name"], $target_file). 只是 $target_file 不会包含正确的扩展名。

无法在变量“$fileNameToStore”中获取文件名和扩展名，但可以将默认图像名称 {'noimage.jpg'} 保存在数据库中。我想知道这是什么原因。

我有一个允许我在远程服务器上显示图像的第一个 PHP 脚本。这个可行，我想制定一个条件，以便当它在 $file 变量中找不到图像时，它会在 $newfile 变量中显示图像。

但我收到错误“警告：file_get_contents()：C:\wamp64\www 中的文件名不能为空...”

我的错误在哪里？