django - 美味派：以 xml 格式返回响应

Question

我从文档中读到支持 XML 格式 http://django-tastypie.readthedocs.org/en/latest/serialization.html#to-xml，但是在当前任务中，我只需要输入http://url/浏览器中的api/entry/?format=json，并在URL.py中定义对应的url和入口资源，json的序列化处理得很好。但是对于 xml，还有额外的事情要做，因为我似乎找不到有用的例子？

#urls.py
entry_resource = EntryResource()
urlpatterns = patterns('',
    url(r'^api/', include(entry_resource.urls)),
)

#entry class
class EntryResource(Resource):
....
....fields

class Meta:
    resource_name = 'entry'
    object_class = Entry
    ....

Answer 1

XML 格式也应该开箱即用。当您提出以下请求时，您应该能够看到它：

GET http://url/api/entry/?format=xml

如果这似乎不起作用，那么某处存在错误，但如果没有更多详细信息（例如您的资源定义），我们将无法提供帮助。

更新：

关于序列化的 Tastypie 文档有一个开箱即用支持的格式列表。