javascript - JSON.stringify 忽略一些对象成员

Question

这是一个简单的例子。

function Person() {
  this.name = "Ted";
  this.age = 5;
}

persons[0] = new Person();
persons[1] = new Person();
JSON.stringify(persons);

如果我有一个Person 对象数组，并且我想对它们进行字符串化。如何仅返回带有 name 变量的 JSON。

这样做的原因是，我有带有递归引用的大型对象，这些对象会导致问题。我想从字符串化过程中删除递归变量和其他变量。

谢谢你的帮助！

Answer 1

最简单的答案是指定要字符串化的属性

JSON.stringify( persons, ["name"] )

另一种选择是将 toJSON 方法添加到您的对象

function Person(){
  this.name = "Ted";
  this.age = 5;      
}
Person.prototype.toJSON = function(){ return this.name };

更多： http: //www.json.org/js.html

Answer 2

如果您只支持 ECMAScript 5 兼容环境，您可以使用^[docs]或^[docs]设置应排除的属性不可枚举。Object.defineProperty()Object.defineProperties()

function Person() {
    this.name = "Ted";
    Object.defineProperty( this, 'age', {
        value:5,
        writable:true,
        configurable:true,
        enumerable:false // this is the default value, so it could be excluded
    });
}

---

var persons = [];

persons[0] = new Person();
persons[1] = new Person();

console.log(JSON.stringify(persons));  // [{"name":"Ted"},{"name":"Ted"}]

Answer 3

我会创建一个新数组：

var personNames = $.map(persons,function(person){
  return person.name;
});
var jsonStr = JSON.stringify(personNames);

Answer 4

请参阅此帖子 指定您要包含的字段。JSON.stringify(person,["name","Address", "Line1", "City"]) 它比上面建议的匹配更好！