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我已经阅读 PHP 手册一个多小时，并试图用谷歌搜索答案，但无济于事:(

$stmt = $mysqli->prepare("UPDATE players SET energy=:energy, confidence=:confidence, morale=:morale WHERE playerID=:playerID ");
$stmt->bindParam(':energy', $energy);
$stmt->bindParam(':confidence', $confidence);
$stmt->bindParam(':morale', $morale);
$stmt->bindParam(':playerID', $playerID);

$playerID=1;
$energy = 1000;
$confidence = 1100;
$morale = 1200;

$stmt->execute();

但是当我尝试运行它时，出现以下错误

Fatal error: Call to a member function prepare() on a non-object in /home/www/websites/www.cricket.cliftonbazaar.com/gm/rungame/rungame.php on line 136

请注意，第 136 行是 PREPARE 行。

编辑：所有变量和表名都是正确的，它们已经过三重检查。

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$mysqli 不是一个对象。答案在错误中。

于 2011-09-13T09:28:11.060 回答
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问题出在您发布的代码之前。如果你var_dump($mysqli);会发现它不是你想象的那样（我猜它是FALSE）。如果您在创建 mysqli 对象的位置发布代码，我们可以帮助您准确找出问题所在。

此外，您似乎在使用它们之后分配值（$playerID等），您需要将这 4 行移到$stmt->bindParam()调用上方。虽然它可能有效，但您所做的并不完全正确，并且可能导致未定义的变量错误。

于 2011-09-13T09:29:27.637 回答