c++ - C++ void 以函数调用为前缀。例如。`main() {void func();}`

Question

void func() {assert(0);}
int main () {void func();}

上面的代码没有调用func()，或者至少没有达到断言。不是我真的需要知道，但我只是好奇，这里发生了什么？

Answer 1

您正在为一个名为的函数声明一个原型，该函数func不返回任何内容且不接受任何参数。这是函数调用和函数原型之间的细微差别之一。请注意，上面的行main,void func() {assert(0);}对这是原型还是调用没有影响。你可以删除它，代码也会做同样的事情——也就是说，什么都不做。

这也告诉您可以重新声明函数原型。你甚至可以有这个：

int main() {
    void blah();
    void blah();
    void blah();
    void blah();
}

并且代码仍然会像以前那样做 - 什么都没有。

如果您不使用void，它将调用该函数。

另外，请注意，对于带有参数的函数，这是：

int main() { func(4); }

如果您在它之前添加这样的内容，则不会变成原型void：

int main() { void func(4); }

它只会产生语法错误。

Answer 2

正如其他人指出的那样，这条线

void func();

inside ofmain被视为函数原型，而不是对函数的调用func。在 C 和 C++ 中，如果您愿意，可以在函数内部声明函数原型，尽管在实践中很少这样做。

这是合法的事实给程序员带来了各种各样的头痛。例如，如果您将代码重写为

(void) func();

然后这将编译为对其func返回类型显式转换void以指示“我不关心此返回值”的调用。换句话说，这组括号将声明更改为语句。

在 C++ 中，由于以下代码是函数原型，而不是调用默认构造函数的变量声明，这个问题可能会更加复杂：

Object myObject();

尽管

Object myObject(137);

确实创建了对象并将 137 传递给它的构造函数，并且

Object myObject;

创建对象而不调用构造函数。

当试图在调用其构造函数时声明一个对象时，会出现这种语言的一个可怕的边缘情况，称为“最令人烦恼的解析”。例如，这段代码是合法的 C++，但它是函数声明而不是变量声明：

set<int> mySet(istream_iterator<int>(cin), istream_iterator<int>());

问题是这可以被解析为函数声明，而不是创建一个接受两个临时istream_iterator<int>s 作为参数的对象。要解决这个问题，在 C++ 中你必须编写

set<int> mySet(istream_iterator<int>(cin), (istream_iterator<int>()));

如上所述，额外的括号强制将语句从函数原型变为声明。

希望这可以帮助！

Answer 3

你可以声明函数，即使它是不必要的。这就是你所做的，重新声明了函数。

Answer 4

你在void func()里面声明一个本地函数main()。该void语句指示编译器它是一个声明而不是函数调用。因此，删除void，您的函数将被调用。