9

是否可以获得对具有默认参数的函数的函数引用，指定为无参数调用？

InputStream.buffered()是一种扩展方法，可将InputStreama 转换为BufferedInputStream缓冲区大小为 8192 字节的 a。

public inline fun InputStream.buffered(bufferSize: Int = DEFAULT_BUFFER_SIZE): BufferedInputStream =
    if (this is BufferedInputStream) this else BufferedInputStream(this, bufferSize)

我想使用默认参数有效地引用扩展方法，并将其传递给另一个函数。

fun mvce() {
    val working: (InputStream) -> InputStream = { it.buffered() }

    val doesNotCompile: (InputStream) -> BufferedInputStream = InputStream::buffered
    val alsoDoesNotCompile: (InputStream) -> InputStream = InputStream::buffered
}

doesNotCompile并alsoDoesNotCompile产生以下错误

类型不匹配：推断类型为 KFunction2 但 (InputStream) -> BufferedInputStream 是预期的

类型不匹配：推断类型为 KFunction2 但 (InputStream) -> InputStream 是预期的

我理解错误是因为InputStream.buffered()它实际上(InputStream) -> BufferedInputStream不是，而是一个快捷方式(InputStream, Int) -> BufferedInputStream，将缓冲区大小作为参数传递给 BufferedInputStream 构造函数。

动机主要是风格原因，我宁愿使用已经存在的引用，而不是在最后一刻创建一个

val ideal: (InputStream) -> BufferedInputStream = InputStream::buffered// reference extension method with default parameter
val working: (InputStream) -> BufferedInputStream = { it.buffered() }// create new (InputStream) -> BufferedInputStream, which calls extension method
4

1 回答 1

1

正如注释中提到的gpunto和Pawel一样，使用-XXLanguage:+NewInference编译器参数允许使用默认值引用函数。

该问题在此处被跟踪，并且针对 Kotlin 1.4.0。

于 2020-01-15T00:42:23.423 回答