c++ - 为什么不转发参考常量？

Question

转发引用应该将参数转发给另一个函数，对吗？那么为什么不是 const 呢？

template <typename T>
void func(const T&&);

非常量引用允许函数修改其参数（而不仅仅是转发它们）。

Answer 1

为什么不转发参考常量？

因为希望能够移动完美转发的 xvalue。通常不能从 const 引用中移动对象，因为移动构造函数的参数需要是非常量的。

此外，希望能够将左值绑定到转发引用中。无法将const T&&const 右值引用绑定到其中的左值 - 它根本不是转发引用¹。

如果您不想离开论点，而只是不断地引用它，那么您不需要转发引用。在这种情况下，一个 const 左值引用就足够了。

例子：

struct S {
     S() = default;
     S(S&&) = default;      // move
     S(const S&) = default; // copy
};

void foo(S fooarg);

template <typename T>
void bar(T&& bararg) { // forwarding reference
    foo(std::forward<T>(bararg));
}

// call site
S s;
bar(s);            // 1 copy
bar(S{});          // 2 move
bar(std::move(s)); // 3 move

在这里，我们希望在案例 2 和 3bararg中移动fooarg，并且我们希望在案例 1 中复制它。转发引用实现了这一点。const 右值引用不会，因为不可能将 const 引用传递给移动构造函数。

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常量右值引用很少有用。标准库在几个地方使用它们：

template <class T> void as_const(const T&&) = delete;
template <class T> void ref(const T&&) = delete;
template <class T> void cref(const T&&) = delete;

这些删除的重载的目的是防止使用临时参数（右值）调用函数。const防止参数成为转发引用，这将绑定到任何东西，因此删除任何调用。

constexpr const T&& optional::operator*() const&&;
constexpr const T&& optional::value() const &&;

template <class T, class... Types>
constexpr const T&& get(const std::variant<Types...>&& v);

template< class T, class... Types >
constexpr const T&& get(const tuple<Types...>&& t) noexcept;

上面， const rvalue 引用在访问包装值时用作包装器的返回类型，因此保持包装值的值类别和常量。

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¹标准（草案）说：

[temp.deduct.call] ...转发引用是对不代表类模板的模板参数的cv非限定模板参数的右值引用（在类模板参数推导期间（[over.match.class.deduct ]))。如果 P 是转发引用并且参数是左值，则使用类型“对 A 的左值引用”代替 A 进行类型推导。