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我正在使用 ASP.Net Core 2.1，并尝试在返回文件的 url 时上传文件，而不刷新页面。

我正在尝试在 site.js 中编写 JavaScript，因为 _RenderPartial("scripts") 在页面末尾呈现所有脚本，因此在剃刀视图中直接使用脚本标记不起作用。其次，将它添加到 site.js 让我有机会跨站点视图调用脚本。

我的控制器动作如下所示：

    [HttpPost]
    [DisableRequestSizeLimit]
    public async Task<IActionResult> Upload()
    {
      // Read & copy to stream the content of MultiPart-Form
      // Return the URL of the uploaded file
      return Content(FileName);
    }

我的观点如下：

<form id="FileUploadForm" action="~/Resources/Upload" method="post" enctype="multipart/form-data">
<input name="uploadfile" type="file" />
<button name="uploadbtn" type="submit" onclick="SubmitForm(this.parentElement, event)">Upload</button>

site.js 目前看起来像：

function SubmitForm(form, caller) {
caller.preventDefault();
$.ajax(
    {
        type: form.method,
        url: form.action,
        data: form.serialize(),
        success: function (data) { alert(data); },
        error: function (data) { alert(data); }
    })}

目前，代码绕过整个脚本并上传文件并返回显示文件名的新视图。我需要帮助来创建 javascript。

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3 回答 3

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不幸的是，jQueryserialize()方法不会包含输入文件元素。所以用户选择的文件不会包含在序列化值中（基本上是一个字符串）。

您可以做的是，创建一个FormData对象，将文件附加到该对象。在进行ajax调用时，您需要指定processData和contentType属性值以false

<form id="FileUploadForm" asp-action="Upload" asp-controller="Home" 
                                              method="post" enctype="multipart/form-data">
    <input id="uploadfile" type="file" />
    <button name="uploadbtn" type="submit">Upload</button>
</form>

在这里，我们以简单的方式处理表单提交事件，我们将停止常规行为并改为执行 ajax 提交。

$(function () {
    $("#FileUploadForm").submit(function (e) {
        e.preventDefault();

        console.log('Doing ajax submit');

        var formAction = $(this).attr("action");
        var fdata = new FormData();

        var fileInput = $('#uploadfile')[0];
        var file = fileInput.files[0];
        fdata.append("file", file);

        $.ajax({
            type: 'post',
            url: formAction,
            data: fdata,
            processData: false,
            contentType: false
        }).done(function (result) {
            // do something with the result now
            console.log(result);
            if (result.status === "success") {
                alert(result.url);
            } else {
                alert(result.message);
            }
        });
    });
})

假设您的服务器端方法有一个参数，其名称与我们创建FormData对象 entry( file) 时使用的名称相同。这是一个示例，它将图像上传到uploads里面的目录wwwwroot。

action 方法返回一个带有状态和 url/message 属性的 JSON 对象，您可以在 ajax 调用的success/done处理程序中使用它来执行任何您想做的事情。

public class HomeController : Controller
{
    private readonly IHostingEnvironment hostingEnvironment;
    public HomeController(IHostingEnvironment environment)
    {
        _context = context;
        hostingEnvironment = environment;
    }
    [HttpPost]
    public async Task<IActionResult> Upload(IFormFile file)
    {
        try
        {
            var uniqueFileName = GetUniqueFileName(file.FileName);
            var uploads = Path.Combine(hostingEnvironment.WebRootPath, "uploads");
            var filePath = Path.Combine(uploads, uniqueFileName);
            file.CopyTo(new FileStream(filePath, FileMode.Create));
            var url = Url.Content("~/uploads/" + uniqueFileName);
            return Json(new { status = "success", url = url });
        }
        catch(Exception ex)
        {
            // to do : log error
            return Json(new { status = "error", message = ex.Message });
        }
    }
    private string GetUniqueFileName(string fileName)
    {
        fileName = Path.GetFileName(fileName);
        return Path.GetFileNameWithoutExtension(fileName)
                  + "_"
                  + Guid.NewGuid().ToString().Substring(0, 4)
                  + Path.GetExtension(fileName);
    }
}
于 2018-07-31T20:14:04.723 回答
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分享对我有用的代码，实现@Shyju 的答案。

查看（剃刀页面）：

<form name="UploadForm" action="~/Resources/Upload" method="post" enctype="multipart/form-data">
<input name="uploadfile" type="file" />
<button name="uploadbtn" type="submit" onclick="SubmitForm(this.parentElement, event)">Upload</button>

在 Site.js 中添加的 AJAX 代码（使其可重用）：

// The function takes Form and the event object as parameter
function SubmitForm(frm, caller) {
caller.preventDefault();

var fdata = new FormData();

var file = $(frm).find('input:file[name="uploadfile"]')[0].files[0];
fdata.append("file", file);

$.ajax(
    {
        type: frm.method,
        url: frm.action,
        data: fdata, 
        processData: false,
        contentType: false,
        success: function (data) {
            alert(data);
        },
        error: function (data) {
            alert(data);
        }
    })

};

于 2018-08-04T13:19:52.523 回答
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如果您想在不使用 ajax 请求的情况下提交表单

var form = document.getElementById('formId');

form.submit();
于 2022-03-02T08:36:48.233 回答