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情况：我有以下 Gulp 脚本，它应该将我所有的 html 文件构建到 distFolder。此外，它应该通过解析 index.html 中的链接来构建外部脚本文件——这是 useref 的优点。我不确定这是否是理想的方法 - 但我需要拆分 html 文件 - 如果我放入多个 html 文件，我会遇到与 cleanCSS() 和 uglify() 的写入冲突。

// Parse the html file and create external scripts
gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp.src(['*.html', '!index.html'])
        .pipe(useref({noAssets: true}))
        .pipe(gulp.dest(distFolder));
    var s2 = gulp.src('index.html')
        .pipe(useref())
        .pipe(cache('useref'))
        .pipe(gulpif('*.js', uglify()))
        .pipe(gulpif('*.css', cleanCSS()))
        .pipe(gulp.dest(distFolder));
    return merge(s1, s2);
});

// Minify 
gulp.task('htmlmin', ['htmlscripts'], function() {
    return ...
});

gulp.task('default', ['htmlscripts', 'htmlmin']);

问题：第二个任务 (htmlmin) 从未加载。看来，第一个任务（htmlscripts）没有在承诺中返回有效的结尾。（依赖问题）

如果我删除了两项任务中的一项，另一项将正确完成。

我做了以下测试：

不工作（htmlmin 任务未开始）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s1,s2);
});

工作（我的意思是至少运行 htmlmin 脚本）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s1);
});

不工作（htmlmin 任务未开始）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s2); // this one is really strange, isn't it? (see next test)
});

工作（我的意思是至少运行 htmlmin 脚本）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    // var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s2);
});
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1 回答 1

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你在用gulp-cached吗？

会不会是您的资源在s2缓存中找到？因此.pipe(cache('useref'))不会将文件向前传递并且s2会是null？

使用gulp-cached，如果在缓存中找到资源，它将不会转发缓存的资源。它什么也不通过，即停止。因此s2将是空的。

我会尝试删除.pipe(cache('useref'))，看看它是否有效？

于 2017-12-19T12:06:39.420 回答