stream - 有条件地运行一个在 runSequence 中什么都不做的任务

Question

我有一个名为 build 的主要任务，在开发模式下的这个任务中，我想运行观察者。

在生产过程中我不需要运行任何观察者，

gulp.task('build', cb => {
    return $.runSequence(
        'globals',
        'inline',   
        'lazy',
        (production ? ['empty'] : ['globals:watch', 'inline:watch', 'lazy:watch']),
        cb
    );
});

我runSequence尝试传入false并null作为参数，但它仍然试图将其视为任务名。

所以我想出的解决方案是运行一个任务，它什么都不做：

gulp.task('empty', cb => {
    return cb();
});

这是正确的方法吗？它似乎只是有时有效，我不太确定为什么。

任何帮助都会很棒

Answer 1

我不明白为什么您的解决方案只能在某些时候起作用。它没有任何问题，因此除非您的实际代码与您在此处发布的代码有很大不同，否则您应该没问题。

如果您想摆脱empty可以.concat()用来构建任务数组的任务，然后apply()将其用于runSequence：

gulp.task('build', cb => {
    return $.runSequence.apply(null, [
        'globals', 
        'inline', 
        'lazy'
      ]
      .concat((production) ? [] : [['globals:watch', 'inline:watch', 'lazy:watch']])
      .concat(cb));
});

然而，最好的解决方案可能是使用新的ES6 扩展运算符。这要求您至少安装了 nodejs 版本 5.x，但它使您的任务非常短且易读：

gulp.task('build', cb => {
    return $.runSequence(
      'globals', 
      'inline', 
      'lazy',
      ...(production) ? [] : [['globals:watch', 'inline:watch', 'lazy:watch']],
      cb);
});