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我正在从我的服务器获取 json 数据以将它们显示为表格。

$('#queryFrom').ajaxForm({                    
                dataType:  'json',                                        
                beforeSubmit:  showRequest,  // pre-submit callback
                success:   processJson,                    
                error: function (xhr, ajaxOptions, thrownError){
                    $('#queryResult').html('<div class="ui-corner-all ui-state-error"><p><span class="ui-icon ui-icon-alert"></span>'+thrownError+'</p></div>');
                    $('#queryResult').show("slow");
                }
            });

我可以以某种方式将 mysql 错误与 json/ajax 错误端分开吗？目前我得到：无效的 JSON：SQLSTATE[42S02]：找不到基表或视图：1146 表“simover.simulation”不存在{} 我可以自定义 jquery 抛出的消息吗？谢谢阿曼。

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可以使用xhr.responceTxt而不是throwedError。

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目前，您的错误回调被调用是因为您的服务器响应中有错误，而不是因为您的服务器遇到问题。Javascript 引擎会抛出错误，因为它希望将 JSON 数据发回，但它却得到了一个普通的 string Base table or view not found...，这不是一个有效的 JSON 字符串。

我建议您在服务器上捕获这些错误，例如使用tryandcatch阻止并在发生错误时发回某种特殊响应。像这样：

{
    "ok": false, 
    "error_key": "database_error", 
    "error_text": "Base table or view not found: 1146 Table 'simover.simulation' doesn't exist"
}
于 2010-08-05T12:51:19.530 回答