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我有一个简单的打开（文件）方法，如果它无法在给定路径中打开或创建文件，它应该抛出异常：

const ERR_MSG_OPEN_FILE = 'Failed to open or create file at %s';

public function open($filePath)
{
    ini_set('auto_detect_line_endings', TRUE);

    if (false !== ($this->handler = @fopen($filePath, 'c+'))) {
        return true;
    } else {
        throw new \Exception(
            sprintf(self::ERR_MSG_OPEN_FILE, $filePath)
        );
    }
}

使用 PHPUnit 和 VFSStream 围绕它进行单元测试：

$structure = [
        'sample.csv' => file_get_contents(__DIR__ . '/../sampleFiles/small.csv')
    ];

$this->root = vfsStream::setup('exampleDir', null, $structure);

$existingFilePath = vfsStream::url('exampleDir') . DIRECTORY_SEPARATOR . 'sample.csv';

$this->file = new File();
$this->file->open($existingFilePath);

上述设置创建了一个包含模拟文件（从现有 CSV 文件读取/克隆）的虚拟目录结构，这满足了 open 方法打开文件的要求。而且，如果我传递不同的路径（不存在文件），它将在同一个虚拟结构中创建。

现在为了覆盖异常，我想向现有结构添加一个现成的目录，假设一个文件夹属于另一个用户，我没有写权限，就像我尝试打开一个不存在的该文件夹中的文件，尝试创建一个应该失败，并且 open 方法应该抛出异常。

唯一的问题是，....我不知道该怎么做：D

任何建议、提示和指导将不胜感激:)

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您可以简单地将模拟目录的 url 指向不正确的路径。

$existingFilePath = vfsStream::url('badExampleDir') . DIRECTORY_SEPARATOR . 'incorrect.csv';

考虑到badExampleDir从未设置过，您的方法将无法在其中创建文件。

于 2015-08-16T18:45:00.140 回答