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Symfony 有没有办法<select>根据给定choices选项的真实性来呈现带有禁用选项的表单类型？

我看到了这个线程（感谢 DonCallisto）关于禁用选择扩展选项；但是我不想有更多的选择。我想保留一个select带有 disabled 的元素options。

$builder->add('list', 'choice', array(
    'choices' => array(
        array(
            'value' => 1,
            'label' => '1',
            'disabled' => false
        ),
        array(
            'value' => 2,
            'label' => '2',
            'disabled' => false
        ),
        array(
            'value' => 3,
            'label' => '3',
            'disabled' => true
        )
    ),
    // Instead of
    // 'choices' => array(
    //     1 => 'Option 1',
    //     2 => 'Option 2',
    //     3 => 'Option 3'
    // )
);

# Which would render to the following element
<select [...]>
    <option value='1'>1</value>
    <option value='2'>2</value>
    <option value='3' disabled='disabled'>3</value>
</select>

我就是找不到路……有必要建立自己的字段类型吗？

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2 回答 2

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从 2.7 版本开始，Symfony 引入了一种使用可调用对象设置选择属性的方法，这正是您所需要的。

此代码取自 Symfony 官方文档

$builder->add('attending', ChoiceType::class, array(
    'choices' => array(
        'Yes' => true,
        'No' => false,
        'Maybe' => null,
    ),
    'choices_as_values' => true,
    'choice_attr' => function($val, $key, $index) {
        // adds a class like attending_yes, attending_no, etc
        return ['class' => 'attending_'.strtolower($key)];
    },
));

您可以使用and 传递一个函数，该函数将根据选择的值、键或索引来'choice_attr'决定是否添加 属性。disabled

...
    'choice_attr' => function($key, $val, $index) {
        $disabled = false;

        // set disabled to true based on the value, key or index of the choice...

        return $disabled ? ['disabled' => 'disabled'] : [];
    },
...
于 2015-12-30T09:41:19.217 回答
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根据表格布局：

https://github.com/symfony/symfony/blob/2.7/src/Symfony/Bridge/Twig/Resources/views/Form/form_div_layout.html.twig

以及choice_widget_collapsed 和choice_widget_options，我认为不能直接使用Symfony 的默认Choice 形式。

你可以试试 ：

  • 构建自己的选择表单（通过扩展现有表单并将参数添加到选项列表，我认为这是最好的方法）
  • 使用 javascript/jquery 在加载时使用现有 Symfony 的 Choice 修改选项参数
于 2015-07-21T12:14:02.250 回答