我有一个 php 脚本，它可以独立于命令行运行，所以它的第一行是#!/usr/bin/env php. 不过，我还有另一个脚本，可以自动运行第一个。它通过调用 来做到这一点include 'example.php'，它可以工作，只是它将第一行输出为文本。
如何让 include 跳过第一行？到目前为止，我能想到的唯一选择是将整个内容包装在输出缓冲区中，然后修剪第一行，但这有很多问题。替代方案，例如exec()用于模拟从命令行运行第二个脚本，或读取整个文件并使用 评估它eval()，两者似乎都是非常糟糕的解决方案。
有没有办法告诉php，“包括这个文件但不输出第一行”？
我知道我可以删除shebang并在php script.php需要时运行脚本，这在这种特定情况下是可以的，但我仍然想知道是否有另一种一般的方法来让包含忽略第一个（或前 X）行。
IMO 带有 shebang 的脚本非常明确地是命令行的“前端”，首先不应包含在其他脚本中，因为它包含特定于处理 CLI 交互的代码（解析传递的参数等）。将该脚本中的可重用代码分离到一个库文件中，然后从 shebang 脚本和其他脚本中包含该文件可能更有意义。
即，而不是：
foo.php：
#!/usr/bin/php
// some code
bar.php：
include 'foo.php';
你做：
lib.php：
// some code
foo.php：
#!/usr/bin/php
include 'lib.php';
bar.php：
include 'lib.php';
ob_start();
include $file;
$stdout = ob_get_contents(); // shebang line will be there
ob_end_clean();
不。包括/要求技术上说，执行，没有（额外的）评估。
您的解决方案应该是另一种方式：
exec()是正确的解决方案。但更好的是改变您对脚本的理解。
您的命令行可执行文件基本上是一个控制器，它说明要执行什么。您的命令行脚本可能很简单：
#!/usr/bin/env php
<?php
require_once('classes/DoThing.php');
array_shift($argv);
DoThing::run($argv);
然后你不需要包含或exec()命令行脚本，只需使用类。
解决方案是评论标签：
在包含的文件中：
#!/usr/bin/env php
<!-- none -->
<?php
...
在主文件中：
<?php
...
echo '<!-- ';
include x.php;
...