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我正在尝试将一些数据插入到 mysql 表中，但该过程没有通过，并且我没有为该错误打印任何内容。我认为我没有正确输出错误。查看 php.net 似乎我正在正确处理错误，但也许我错过了一些东西。

这是代码

$db = new mysqli(DB_HOST, DB_USER, DB_PASS, DB_NAME);
$sqlInsert = $db->query("INSERT INTO transactions(`user_id`, `courses`, `invoice`, `start_date`, `end_date`, `mc_gross`, `email`) VALUES ('".$user_id."','".$trim."','".$invoice."','".$start_date."','".$end_date."', '".$email."')");


if($sqlInsert)
    {
    echo "Inserted successfully";
    }
    else
      {
       printf("Error: ", $db->error);

       }

变量的值如下

$custom = $_SESSION['custom'];
$user_id = $_POST['userID'];
$pwd = $_POST['password'];
$email = $_POST['email'];
$start_date = date('Y-m-d');
$end_date = date (('Y-m-d'), strtotime('+120 days'));
$invoice = date('Ymd'). mt_rand(1252,10000);
$invoice_check = $db->query("SELECT `invoice` FROM `transactions` WHERE `invoice` = $invoice");
while ($rows = $invoice_check->fetch_assoc())
{
    $invoice = date('Ymd'). mt_rand(1252,10000);   
}
$mc_gross = $_SESSION['subtotal'];
$trim = rtrim($custom, ",");

$trim 的 var_dump 是string(17) "bio_01,calculus_01"和其他变量正常回显，如您所料。

有任何想法吗？

编辑用 $db 而不是 $sqlInsert 更新了代码。仍然没有输出错误。

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1 回答 1

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改变：

printf("Error: ", $sqlInsert->error);

至：

printf("Error: %s", $db->error);

您无法读取 的error属性false，因为它不是对象。而且您缺少格式字符串中的替换参数%s。printf

于 2013-11-05T01:12:34.447 回答