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在我的 PHP 代码中,每当我尝试运行它时,都会在第 12 行收到此错误。(下面的代码((显然))

它告诉我 mysql_fetch_object(): 不是有效的 MySQL 结果资源,但我尝试了 4 个 PHP 语法检查器,一切都很好。

谢谢,请帮忙,谢谢!

这是我认为包含错误的代码

<?
$connection = mysql_connect('localhost', 'socialli_main2', 'password+',  `'socialli_main');
mysql_select_db(`Users`);
$ID = mysql_real_escape_string(strip_tags(stripslashes($_GET['ID'])));
$Username = mysql_real_escape_string(strip_tags(stripslashes($_GET['Username'])));
if (!$Username) {
$getUser = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE ID='".$ID."'");
}
else {
$getUser = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE Username='".$Username."'");
}
$gU = mysql_fetch_object($getUser);
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1 回答 1

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$connection = mysql_connect('localhost', 'socialli_main2', 'password+', 这里 -->` 'socialli_main'); =)

于 2013-10-19T00:45:50.607 回答