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我在从useridMySql 表的列中获取值并将其存储在会话中时遇到问题。

这里是详细的问题:

我有一个包含许多表的数据库,但现在让我们考虑 2 个。

表名登录

| userid | username | password

表名person_details

| firstname | lastname | dob

除此之外,我有(考虑)2页和2个表格(每页1个);

一个用于登录,另一个用于登录后的详细信息。

person_details的表userid是表的外键login

我想要的是当用户注册时,提供的username并且password应该使用当前工作正常login的唯一(自动生成)保存在表中。*userid

现在问题出在这部分;当用户注册然后他/她被引导到person_details表单并在填写表单后单击提交时,数据应保存到与“登录”person_details中相同的“用户ID”的表中

In order to do that I think i have to store the 'userid' in the session variable so that it can be used as a parameter while inserting the value to 'person_details' table but i am not able to pass that value.

这是我的代码:

if ((isset($_POST["MM_insert"])) && ($_POST["MM_insert"] == "login")) {
$insertSQL = sprintf("INSERT INTO secure_login (username, password) VALUES (%s, %s)", GetSQLValueString($_POST['username'], "text"), GetSQLValueString($_POST['password'], "text"));

mysql_select_db($database_mydatabase, $mydatabase);
$Result1 = mysql_query($insertSQL, $mydatabase) or die(mysql_error());
$obj = @mysql_fetch_object($Result1);
$_SESSION['userID']=$obj->userid;

我也试过了,但没有运气

    mysql_select_db($database_mydatabase, $mydatabase);
$Result1 = mysql_query($insertSQL, $mydatabase) or die(mysql_error());
$_SESSION['userID']=$Result1->userid;

这是我在尝试时遇到的错误:

Cannot add or update a child row: a foreign key constraint fails (`mydatabase`.`personaldetails`, CONSTRAINT `personaldetails_ibfk_2` FOREIGN KEY (`userid`) REFERENCES `secure_login` (`userid`) ON DELETE CASCADE ON UPDATE CASCADE)

我在没有会话的情况下尝试了它,没关系,数据person_details通过自动生成保存到表中userid

如果您需要代码或任何其他信息,请告诉我。

编辑我在会话变量中获得了用户 ID,所以我的问题解决了一半。现在我需要做的就是为 person_details 设置相同的用户 ID。

PS当我在这里发布这个问题时,我期待一个答案,但我得到的只是一些访问和一个为我做一些编辑的人(我认为他非常喜欢他将我的一些评论编辑为代码)无论如何,谢谢你的朋友.

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1 回答 1

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您的问题很难理解,并且您声称已经解决了一半问题的编辑并没有很好地解决问题。这里有一些建议:

  1. 停止使用 mysql_ 并开始使用 mysqli_
  2. 我不相信您将能够通过插入成功捕获任何项目
  3. 如果插入的值没有按照它们在目标表中出现的确切顺序插入,则需要枚举它们。

    INSERT INTO person_details(firstname, lastname, dob, userid) VALUES('firstname', 'lastname', 'dob', 'userid');
    
于 2013-10-18T21:04:07.160 回答