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当我通过startup.bat启动 tomcat 时，我试图传递多个参数。我尝试在 startup.bat 文件的顶部添加这些行，但是它们不起作用。

set JAVA_OPTS="-Dapplication.home=E:\\webapp -Dfilepath=D:\\newFolder\\conf\\con.properties"

最初，我只使用一个运行-Dapplication.home=E:\\webapp良好的参数运行应用程序。现在我需要传递另一个参数，这个方法失败了。请指教。

在运行时，我得到这个异常FileNotFoundException：

java.io.FileNotFoundException: E:\webapp -Dfilepath=D:\newFolder\conf\con.properties (The filename, directory name, or volume label syntax is incorrect)
    at java.io.FileInputStream.open(Native Method)
    at java.io.FileInputStream.<init>(FileInputStream.java:120)
    at java.io.FileInputStream.<init>(FileInputStream.java:79)

该代码将整个段作为单个参数读取。

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不带引号试试

set JAVA_OPTS=-Dapplication.home=E:\\webapp -Dfilepath=D:\\newFolder\\conf\\con.properties

应该管用

于 2013-09-24T13:02:20.330 回答
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设置 JAVA_OPTS=%JAVA_OPTS% -Dapplication.home="E:\\webapp"

设置 JAVA_OPTS=%JAVA_OPTS% -Dfilepath="D:\\newFolder\\conf\\con.properties"

于 2013-09-24T13:00:05.907 回答