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我有这个表：（megaoverzicht.php）（我省略了它连接到数据库的部分）

echo "<table border='1'><tr><th>Formulier Id</th><th>Domeinnaam</th><th>Bedrijfsnaam</th><th>Datum</th><th>Periode</th><th>Subtotaal</th><th>Dealernaam</th><th>Offerte Maken</th></tr>";

while($row = mysqli_fetch_array($result))
  {
  echo "<tr>";
  echo "<td>" . $row['formuliernummer'] . "</td>";
  echo "<td>" . $row['domeinnaam'] . "</td>";
  echo "<td>" . $row['bedrijfsnaam'] . "</td>";
  echo "<td>" . $row['datum'] . "</td>";
  echo "<td>" . $row['periode'] . "</td>";
  echo "<td> &euro; " . $row['subtotaal'] . "</td>";        
  echo "<td>" . $row['dealercontactpersoon'] . "</td>";     
  echo "<td><a href='offertemaken.php?id=" . $row->id . "'>Offerte Maken </a></td>";            
  echo "</tr>";
  }
echo "</table>";

mysqli_close($con);
?>

当用户单击 Offerte Maken 时，我想打开 offertemaken.php。它需要使用该行（id）中的数据打开表单。

这是来自（offteremaken.php）的代码（我省略了它连接到数据库的部分）

<?php
$id=$_POST['id'];
$data = 'SELECT * FROM cypg8_overzicht WHERE id="$id"';  
  $query = mysqli_query($con,$data) or die("Couldn't execute query. ". mysqli_error()); 
  $data2 = mysqli_fetch_array($query); 
?>
<form>
<div class="formcontainer" onmousemove="">
 <input type="text" name="datum" id="datum"                                                                     value="<?php echo $data2[datum]?>">
 <input type="text" name="formuliernummer" id="formuliernummer"                             value="<?php echo $data2[formuliernummer]?>">
 <input type="text" name="periode" id="periode"                                                             value="<?php echo $data2[periode]?>">
 <input type="text" name="domeinnaam" id="domeinnaam"                                                   value="<?php echo $data2[domeinnaam]?>">
 <input type="text" name="bedrijfsnaam" id="bedrijfsnaam"                                           value="<?php echo $data2[bedrijfsnaam]?>">
 <input type="text" name="dealercontactpersoon" id="dealercontactpersoon"           value="<?php echo $data2[dealercontactpersoon]?>">     
</div><!--/.formcontainer-->
</form>

我无法让它工作。我错过了一些我认为的东西！我在下面的代码中出错：

  echo "<td><a href='offertemaken.php?id=" . $row->id . "'>Offerte Maken </a></td>";

  $id=$_POST['id'];
  $data = 'SELECT * FROM cypg8_overzicht WHERE id="$id"';

我一直在看很多教程，但无法理解我做错了什么。这是一个列表，表明我不仅在问，而且实际上一直在自己寻找解决方案。

http://www.daniweb.com/web-development/php/threads/341921/-php-mysqli-update-database-using-id-syntax-help-requested- http://www.codeofaninja.com/2012 /01/phpmysqli-update-record.html

我看了很多，但我不想用一长串的链接来打扰你们所有人。我不允许，因为我的代表不够大！请不要对我投反对票！

问题 当用户点击 Offerte Maken 时，我想打开 offertemaken.php。它需要使用该行（id）中的数据打开表单吗？

编辑 1 接近最终结果 我发现（感谢 Cuba32）megaoverzicht.php 中的链接什么也没做，所以我更改了以下内容

  <a href='offertemaken.php?id=" . $row->id . "'>

至

  <a href='offertemaken.php?id=" . $row['id'] . "'>

现在它正在创建这些类型的链接：

某事/formulieren/overzichten/offeremaken.php?id=24

这是一件好事（我认为），但打开的表格是空白的，所以 offertemaken.php 对 id 没有任何作用？？？

编辑 2（感谢 Cube32）

从昨天开始，代码发生了很大变化。我相信 megaoverzicht.php 已经完成，它会按照编辑 1 中的描述发送链接。唯一的问题是在 offertemaken.php 中知道。下面我将输入代码。

 $con = mysqli_connect($server,$username,$password,$database);
 if (!$con){
die('Could not connect: ' . mysqli_error($con));
 }
 mysqli_select_db($con,$database);

 $id=$_GET['id'];
 if($data = mysqli_prepare($con, 'SELECT * FROM cypg8_overzicht WHERE id="?"'))
 {

 /* bind parameters for markers */
 mysqli_stmt_bind_param($data, "s", $id);

 /* execute query */
 mysqli_stmt_execute($data); 
 $data2 = mysqli_stmt_fetch($data);

但是这段代码给了我以下错误。

警告：mysqli_stmt_bind_param()：变量数与第 31 行准备好的语句中的参数数不匹配。第 31 行：

 mysqli_stmt_bind_param($data, "s", $id);

我不知道如何解决这部分。我当然会在互联网上寻找解决方案，但如果有人知道，请发布。提前致谢。

编辑 3 <= 没有更多错误（感谢您的常识）

通过更改WHERE id="?"'为WHERE id=?'i 不再有错误。但它仍然没有在输入字段中显示任何内容

编辑 4 <= 混淆并返回原始代码。

感谢所有让我到目前为止的人。但是我再也看不到森林了。我将回到原始代码并尝试解决该问题。所以现在的代码如下：

$id=$_GET['id'];
$data = 'SELECT * FROM cypg8_overzicht WHERE id="$id"';  
  $query = mysqli_query($con,$data) or die("Couldn't execute query. ". mysqli_error()); 
  $data2 = mysqli_fetch_array($query);
error_reporting(E_ALL);

但这会在输入字段中出现以下错误：


注意：使用未定义的常量formuliernummer -在第37行的offertemaken.php中假定为“formuliernummer”

此错误适用于所有输入字段。

编辑 5 通过更改<?php echo $data2[formuliernummer]?>为解决了这个问题，<?php echo $data2['formuliernummer']?>但它仍然没有显示信息。

编辑 6 解决方案

我在下面的问题中添加了答案。只需寻找 HennySmafter 写的答案。

谢谢：

Cube32，SITDGNymall，你的常识。感谢大家帮助我找到解决方案。

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2 回答 2

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我花了一段时间，但我找到了答案。

megaoverzicht.php

echo "<td><a href='offertemaken.php?id=" . $row['id'] . "'>Offerte Maken </a></td>";

offertemaken.php

 // Check whether the value for id is transmitted
 if (isset($_GET['id'])) {

 // Put the value in a separate variable
 $id = $_GET['id'];

 // Query the database for the details of the chosen id
 $result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM cypg8_overzicht WHERE id = $id");

 // Check result
 // This shows the actual query sent to MySQL, and the error. Useful for debugging.
 if (!$result) {
 $message = "Invalid query: " . mysqli_error($result) . "\n";
 $message .= "Whole query: " . $query;
 die($message);
 }

 // Use result
 // Attempting to print $result won't allow access to information in the resource
 // One of the mysql result functions must be used
 // See also mysql_result(), mysql_fetch_array(), mysql_fetch_row(),etc.
 while ($row = mysqli_fetch_assoc($result)) {

 echo $row['formuliernummer'] . "\n";
 echo $row['domeinnaam'] . "\n";
 echo $row['bedrijfsnaam'] . "\n";
 echo $row['datum'] . "\n";
 echo $row['periode'] . "\n";

 }
 } else {
 die("No valid id specified!");
 }

它没有显示输入框中的值，因为回显中没有输入框，但我想这些可以很容易地添加。

于 2013-09-03T13:01:54.790 回答
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参考编辑1：

您通过关联引用变量，但将 mysql 作为默认数组输出。代替

$data2 = mysqli_fetch_array($query);

尝试这个：

$data2 = mysqli_fetch_assoc($query);

或者：

$data2 = mysqli_fetch_array($query, MYSQLI_ASSOC);

另外，您是否打开了错误报告？如果是这样，那么如果数组不包含数据，您应该会收到某种警告。如果没有，一个好的测试是：

error_reporting(E_ALL);

这将警告您任何未设置变量或数组为空的地方。另一个好的测试是简单地回显您的查询，它会告诉您查询本身是否有任何错误（这可以节省一些时间）。如果您不打算采用 Prepared Statements 路线（强烈建议这样做），您可以简单地将 $data 回显到您的脚本中。

于 2013-09-02T17:53:20.170 回答