php - 传递的无效参数 join()

Question

所以我制作了这个脚本，它应该使用它来获取一个数组mysqli_fetch_array，mysqli_query它一切正常，没有出现错误，但是在我改变一些东西之后，使用另一个函数，例如，如果我改变心情、昵称或其他什么，它会显示一个错误

Warning: join(): Invalid arguments passed in Main.php on line 526

我一直在尝试使用 a 来解决这个问题while loop，同样的事情发生了

$info = mysqli_fetch_array(mysqli_query($con, "SELECT id, nickname, mood, credits, colour, curhead, curface, curneck, curbody, curhands, curfeet, curflag, curphoto, rank * 146 FROM `sync_users` WHERE id='" . mysqli_real_escape_string($con, $raw[5]) . "';"), MYSQLI_ASSOC);
$client->sendPacket("%xt%gp%-1%" . join("|", $info) . "%");
print str_replace('Array', '', print_r($info, true));

我尝试询问了其他一些熟悉php的朋友，他们也无法给我解决方案。

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数组的一个或多个元素不是字符串。要么在查询中强制转换有问题的字段，要么首先传递所有字段strval()。

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这是关于基本调试的课程：

如果 PHP 函数抱怨输入参数，最好验证这些参数。所以，添加

var_dump($info);

您的代码很可能会输出(bool)false

这使我们相信 SQL 查询没有返回任何行，因此是时候调试查询了。

希望能帮助到你

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首先不要使用 mysql_* 函数，因为已弃用，例如尝试PDO

我认为如果mysqli_fetch_array返回一个空的结果集，那么join将失败，因为 mysqli 返回一个 FALSE

也许这将是你的问题

php - 传递的无效参数 join()

3 回答 3

这是关于基本调试的课程：

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