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我正在通过 David Haskins 的一本名为“Linux 中的 C”的书学习 C，但是有一个问题。当我尝试编译此代码时：

#include <stdio.h>
#include <string.h>

int main (int argc, char *argv[], char *env[]) {

    printf("Content-type:text/html\n\n<html><body bgcolor=#23abe2>\n"); 
    char value[256] = "";

    strncpy(value,(char *) getenv("QUERY_STRING"), 255);
    printf("QUERY_STRING:%s<BR>\n", value );
    printf("<form>\n");
    printf("<input type=\"TEXT\" name=\"ITEM1\"> \n");
    printf("<input type=\"TEXT\" name=\"ITEM2\"> \n");
    printf("<input type=\"SUBMIT\">");
    printf("</form></body></html>\n");

    return 0; 
}

终端显示此警告！

chapter4_1.c: In function ‘main’:
chapter4_1.c:14:16: warning: cast to pointer from integer of different size [-Wint-to-pointer-cast]
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你忘了#include <stdlib.h>。这意味着它getenv()没有在任何地方声明，所以默认情况下它会返回一个int，你将它转换为char *. 在 64 位机器上，int（32 位）和char *（64 位）具有不同的大小，因此会出现警告。

顺便说一句，强制转换char *为没有必要，因为getenv()已经返回 a char *。强制转换仅用于掩盖错误（即，没有它，程序会给您一个关于将 an 传递给 a 的明确错误消息int）char *。

于 2013-08-14T01:42:30.540 回答