php - 为什么我的 php 变量没有输出 javascript 警报？

Question

我有一个 PHP 变量，我试图将它传递给一个 javascript 函数。使用纯 PHP 我将回显所需的字符串输出，但是当我将它推入一个变量并在 javascript 中输出它时它不起作用。

似乎javascript似乎根本看不到任何东西。

这是代码：

<?php $a = get_post_thumbnail_id( $post -> ID ); ?>
<?php $img = wp_get_attachment_image_src( $a ); ?>
<?php $b = $img[0]; ?>
<script type="text/javascript">
var myVar = <?php echo $b; ?>;
alert(myVar);
</script> 

虽然这只是我正在尝试制作的一段测试代码，但我正在尝试使用类似这样的东西来制作其结果：

<?php $a = get_post_thumbnail_id( $post -> ID ); ?>
<?php $img = wp_get_attachment_image_src( $a ); ?>
<?php $b = $img[0]; ?>
<script type="text/javascript">
$(".imgWindow").backstretch("<?php echo $b; ?>"); 
</script>

显然，我必须缺少一些 PHP 和 Javascript 的强调原则。

请启发我。帮助表示赞赏。

Answer 1

<?php $a = get_post_thumbnail_id( $post -> ID ); ?>
<?php $img = wp_get_attachment_image_src( $a ); ?>
<?php $b = $img[0]; ?>
<script type="text/javascript">
var myVar = '<?php echo $b; ?>';
alert(myVar);
</script> 

对于非整数值，您必须将值括在引号中。

或者，像这样分配：

var myVar = '<?=$b;?>';

Answer 2

如果是字符串“图像名称”，请使用引号

var myVar = '<?php echo $b; ?>';