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我有一个表单，我试图在不刷新页面的情况下提交，据我所知，jQuery 端的一切都正常（我的意思是代码末尾的警报通过了，所以我假设一切正常运行）但由于它实际上并未显示在 WAMPserver 数据库中，因此我的 php 代码一定有问题。

无论如何，这里是 jquery 代码的重要部分，它们显示了提交到 php 页面的内容 - 然后是 php 页面的代码，所有内容都应该发送到数据库。

//set form data to variable (including website)
if(undefined != projectInfo && typeof website != 'undefined'  && (website != 'http://' || website != '') && null != website) {
     var dataString = 'name='+ name + '&email=' + email + '&website=' + website + '&info=' + projectInfo;
     var radioType = $("input.radio1").val();
}
//set form data to variable (excludes website)
else {
     var dataString = "name=" + name + "&email=" + email + "&info=" + projectInfo;
     var radioType = $("input.radio1").val();
}
//set form data to variable (including chat box)
if(undefined != chitChat && null != chitChat && (chitChat !="what's on your mind?")) {
     var dataString = 'name='+ name + '&email=' + email + '&info=' + chitChat;
     var radioType = $("input.radio1").val();
}
$.ajax ({  
     type: "POST",  
     url: "process.php",  
     data: dataString,  
     success: function() {  
          alert('success!');
     }
});  
return false;

然后是php代码：

<?php
// Create connection
$con=mysqli_connect("localhost:3306","root","admin","test");

// Check connection
if (mysqli_connect_errno($con)) {
     echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
}
else {
     echo "Connection Successful!";
}
?>
<?php
# Variables for field names.
$_name = $_POST['name'];
$_email = $_POST['email'];
$_request = $_POST['radioType'];
$_website = $_POST['website'];
if(empty $_POST['projectInfo']) {
     $_info = $_POST['chitChat'];
}
else {
     $_info = $_POST['projectInfo'];
}
# Inserting information into table.
$sql = "INSERT INTO `contactform` (`name`,`email`,'request_type`,`website`,`info`) values (".$_name.",'".$_email.",'".$_request.",'".$_website.",'".$_info.")";
$query = mysql_query($sql);
if (!$query) {
     echo "Failed " .mysql_error();
}
else {
     echo "Data entered ";
}
?>

现在我对 php 代码并不完全确定（诚然，自从我使用 php 以来已经有一段时间了，所以我很生疏）但我认为我的主要问题是 php 代码中的 if 语句 - 我是不确定我是否被允许这样做，当我检查 php 页面本身（不提交任何内容）时，我收到以下两个错误：

( ! ) SCREAM: 忽略错误抑制

( ! ) 解析错误：语法错误，意外的 '$_POST' (T_VARIABLE)，在第 22 行的 process.php 中期待 '('

我不完全确定第一个是什么意思，但我猜第二个确实与 if statmeent 有关 - 尽管我一生都无法弄清楚它想说什么。

我知道这有点需要接受，所以我不希望很快得到答案，但任何帮助将不胜感激，我愿意提供尽可能多的额外代码。

（为了完成，这里是一个包含页面本身所有代码的jsfiddle ）

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3 回答 3

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您必须在mysqli这里使用，因为您用于mysqli数据库连接

$query = mysqli_query($con,$sql);

您也忘记()了这是导致错误的原因

if(empty ($_POST['projectInfo']))
         ^                     ^
于 2013-06-10T04:36:49.533 回答
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呃，不知道这是否是导致您的错误的原因....但是您正在使用 mysqli 顶部....

所以你需要改变..

 $query = mysql_query($sql);

至...

 $query = mysqli_query($con, $sql);
于 2013-06-10T04:39:40.730 回答
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您得到的错误是在以下内容中省略“（）”：

empty $_POST['projectInfo']  -->  empty($_POST['projectInfo'])

你也在混合“mysqli_ ”和“mysql_ ”，所以改变：

mysql_query($sql)至mysqli_query($con, $sql)

最后，请注意，您实际上并没有传递任何“request_type”，因此代码可能无法按预期工作（即使在修复了前 2 个之后）。

于 2013-06-10T04:49:54.177 回答