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我正在开发一系列事件类。这些类包含从系统获取的信息。它们来自不同的性质，可能包含不同的消息，例如：一个可能的事件将包含一个巨大的数字列表，而另一个将携带字符串形式的查询信息。我想创建一个构建器函数来创建正确类型的事件并返回给用户。

下面是它的外观演示：

主.cpp：

#include <iostream>

#include "A.h"
#include "dA.h"

using namespace std;

int main()
{

   cout << "Hello world!" << endl;

   A a = build(5);

   return 0;
}

事件.h：

#ifndef A_H_INCLUDED
#define A_H_INCLUDED

#include <iostream>

class A
{
public:
    friend A build(int x);
protected:
    A(int x);
private:
};
#endif // A_H_INCLUDED

事件.cpp：

#include "A.h"

A::A(int x)
{
    {
        std::cout << "A\n";
        std::cout << x << std::endl;
    }
}

A build(int x)
{
    if(x == 5)
        return dA(x);
    return make(x);
}

特别活动.h

#ifndef DA_H_INCLUDED
#define DA_H_INCLUDED

#include <iostream>

#include "A.h"

class dA : public A
{
public:
protected:
    dA(int x);
};

#endif // DA_H_INCLUDED

特别活动.cpp：

#include "dA.h"

dA::dA(int x) : A(x)
{
    std::cout << "dA\n";
}

如您所见，所有构造函数都受到保护，目的是对用户隐藏构造-（s）他不应该从无到有创建事件，只有系统可以-并保证构建函数将返回正确的类型事件。

编译时，我得到：

error: 'build' was not declared in this scope
warning: unused variable 'a' [-Wunused-variable]

如果我把所有东西都放在同一个文件中，我可以编译，但是，我最终会得到一个难以管理的巨大文件。请注意，上面的代码只是一个示例，我将使用的真实类非常庞大，将所有内容放在同一个文件中，无论是声明还是实现，一切都变得一团糟。

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1 回答 1

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您必须声明该build函数。现在，您只告诉编译器它是 a friendofA但您没有在全局范围内声明它。

A.h只需在头文件中添加一个原型：

A build(int x);

您似乎没有将文件正确链接在一起。看来您正在使用 GCC（根据错误消息判断），您可以通过两种方式进行操作：

  1. 一步结合编译和链接：

    $ g++ main.cpp event.cpp -Wall -g -o my_program

    在上面的命令中，您告诉 GCC 编译文件main.cpp并将event.cpp它们链接在一起，生成my_program可执行文件。标志-Wall启用更多警告（这很好，我个人使用更多选项来启用大量警告）并-g告诉 GCC 包含调试信息。

  2. 第二种方法是将文件分别编译为目标文件，然后在单独的步骤中将这些目标文件链接在一起：

    $ g++ main.cpp -c -Wall -g
$ g++ event.cpp -c -Wall -g
$ g++ main.o event.o -o my_program

    新标志-c告诉 GCC 生成一个与源文件具有相同基本名称的目标文件，因此main.cpp它将被命名为main.o. 然后最后一个命令获取这些目标文件并将它们链接到可执行文件my_program中。

如果您有很多源文件，则首选第二种方法，就像您对单个源文件进行更改一样，您不必再次编译所有文件，只需更改您更改的文件即可。由于一直手动编写这些命令可能需要大量工作，因此建议使用诸如make自动化这些任务之类的工具。

于 2013-05-24T02:15:33.367 回答