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我有一个通过 SensioGeneratorBundle 生成的 CRUD 表单，如此处所述。这很好用。

但是，如果“Accept”HTTP 标头仅包含“application/json”，我还想返回 JSON，而不是 HTML 响应。我正在开发 JSON 服务的原型，这将帮助我快速开始。

我发现我可以将我的实体变成这样的 JSON 字符串：

use Symfony\Component\Serializer\Serializer;
use Symfony\Component\Serializer\Normalizer\GetSetMethodNormalizer;
use Symfony\Component\Serializer\Encoder\JsonEncoder;

$serializer = new Serializer(array(new GetSetMethodNormalizer()), array('json' => new 
JsonEncoder()));
$json = $serializer->serialize($entity, 'json');

但是，最后，$json 包含一个字符串，它是我的 JSON 数据。我只想直接将其输出给请求者，而不是呈现通常的视图。我尝试返回一个新的 JsonResponse($json)，但它重新编码了 JSON 字符串，所以它最终被双重编码。

所以我有两个问题：

  1. 检查 HTTP 请求标头的“正确”方法是什么？我知道我可以只查看 $_SERVER，但我认为在 Symfony2 中可能有更好的方法来执行此操作。
  2. 返回 JSON 字符串或将我的实体转换为直接返回给请求者的 JSON 而不呈现通常视图的“正确”方式是什么。

谢谢！

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1 回答 1

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这将验证当前请求是否为 XHR，然后发回格式正确的 JSON 数据：

public function someAction(Request $request)
{
    if ($request->isXmlHttpRequest()) {
        $serializer = new Serializer(array(
            new GetSetMethodNormalizer()
        ), array(
            'json' => new JsonEncoder()
        ));

        $response = $serializer->serialize(array(
            'success' => true,
            'data' => array(
                'entity' => $entities,
            )
        ), 'json');

        return new Response($response, 200, array('Content-Type' => 'application/json'));
    } else {
        // Run "normal" request code, render a view
    }
}

顺便说一句，JMSSerializerBundle 使序列化语法更直接（因为，让我们面对现实吧，Symfony 的原生方式很难做到这一点），并且还提供了一些附加功能，例如排除实体字段以进行序列化（通过注释）。

使用 JMS，我的代码如下所示：

if ($request->isXmlHttpRequest()) {
    $response = array('success' => true, 'data' => array(
        'entity' => $this->container->get('serializer')->serialize($entity, 'json'),
        'lastPage' => $lastPage,
    ));
    return new Response(json_encode($response), 200, array('Content-Type' => 'application/json'));
}

最后，“成功”和“数据”并不是必需的，它只是我用来分割状态和数据以便在 JavaScript 中可读的结构。

于 2013-05-23T00:07:24.190 回答