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我正在尝试使用OpenFileDialog.

if (openFileDialog1.FileName != "" && resultSaveDialog == System.Windows.Forms.DialogResult.OK)
        {
            openFileDialog1.OpenFile(); // Throw Exception Here
            txtFileName.Text = openFileDialog1.SafeFileName;                
        }

但是，如果文件已经在探索的窗口中打开，则会引发以下异常

该进程无法访问文件“D:\Projects\CDR_RAW_FILES\GroupData\8859511378.xls”，因为它正被另一个进程使用。

OpenFileDialog即使文件已经在窗口资源管理器中打开，是否可以使用打开文件。

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好的，如果您只需要选定的文件名及其路径，然后尝试如下操作，它将帮助您...

if (openFileDialog1.FileName != "" && resultSaveDialog == System.Windows.Forms.DialogResult.OK)
{
 string path = Path.GetDirectoryName(openFileDialog1.FileName);
 string filename = Path.GetFileName(openFileDialog1.FileName);
 txtFileName.Text = filename;
}
于 2013-05-13T07:16:46.680 回答
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是的，在某些情况下是可能的： 第一种可能性：其他程序没有锁定文件（例如只允许自己修改文件），而您可以毫无问题地打开它。第二个可能性：您的程序不需要写入文件，只需要读取它，您可以以只读模式打开它。我对 Winforms 并不熟悉，但您的 Openfiledialog.OPenfile 方法似乎以“读写”模式打开文件 - 所以第二种可能性不在窗口。但是，如果您愿意使用 My.Computer 下的类，您可以简单地使用 readalltext （取决于您的问题）之类的方法打开文件，这些方法应该接受只读重载。

于 2013-05-13T07:02:28.710 回答
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只是补充一下，您可以在使用 OpenFile() 方法打开文件之前获取文件名。使用属性SafeFileName或FileName来获取它。

if (openFileDialog1.FileName != "" && 
    resultSaveDialog == System.Windows.Forms.DialogResult.OK)
    {
        txtFileName.Text = openFileDialog1.SafeFileName;                
    }

尽管我没有对此进行测试，但如果您只需要文件名而没有路径_ ， SafeFileName应该可以满足您的需要。

如果您需要文件的完整路径而不仅仅是文件名和扩展名，请使用FileName属性：

if (openFileDialog1.FileName != "" && 
    resultSaveDialog == System.Windows.Forms.DialogResult.OK)
    {
        txtFileName.Text = openFileDialog1.FileName;                
    }

文件名包括文件路径和扩展名。如果未选择任何文件，则此方法返回一个空字符串 ("")。

于 2013-05-13T07:33:21.370 回答