我有一个用于配置一些规则的 XML，它没有复杂的结构，但是这个配置在我的系统中的任何地方都使用，所以我想将此 XML 解析为 java 对象并设计为单例模式，有什么好的方法吗？可以用它直接将 XML 解组为 Java 对象而无需编写太多代码吗？
我在谷歌上做了一些研究，知道 JAXB 是一个选择，我的应用程序只是一些读取规则然后遵循做的东西的工具程序，JAXB 可以更广泛地用于 Web 服务，它适合我的项目吗？
如果是，最重要的问题是，我用xjc根据xsd文件生成java对象源类，解组后直接得到这些configurationType对象，是否需要再转换，（从JaxB类到我拥有的java pojo对象配置），我看到大多数编码器都这样做了，但是为什么呢？因为它们是一些数据，只是从生成的对象到 JAXB 并复制到我们自己创建的 POJO 对象
JAXB 是一个理想的解决方案。但是您不一定需要 xsd 和 xjc 。通常你没有 xsd，但你知道你的 xml 是什么。只需分析您的 xml，例如，
<customer id="100">
<age>29</age>
<name>mkyong</name>
</customer>
创建必要的模型类：
@XmlRootElement
public class Customer {
String name;
int age;
int id;
public String getName() {
return name;
}
@XmlElement
public void setName(String name) {
this.name = name;
}
public int getAge() {
return age;
}
@XmlElement
public void setAge(int age) {
this.age = age;
}
public int getId() {
return id;
}
@XmlAttribute
public void setId(int id) {
this.id = id;
}
}
尝试解组：
JAXBContext jaxbContext = JAXBContext.newInstance(Customer.class);
Unmarshaller jaxbUnmarshaller = jaxbContext.createUnmarshaller();
Customer customer = (Customer) jaxbUnmarshaller.unmarshal(new File("C:\\file.xml"));
检查结果，修复错误！
考虑到您有一个 XML 文件，理解这一点非常重要：
<customer id="100">
<Age>29</Age>
<NAME>mkyong</NAME>
</customer>
很抱歉通知您，但是：
@XmlElement
public void setAge(int age) {
this.age = age;
}
不会帮助您，因为它会尝试从 XML 中查找“age”而不是“Age”元素名称。
我鼓励您手动指定与 XML 文件中的元素名称匹配的元素名称：
@XmlElement(name="Age")
public void setAge(int age) {
this.age = age;
}
如果你有例如：
@XmlRootElement
@XmlAccessorType (XmlAccessType.FIELD)
public class Customer {
...
这意味着它会默认使用java beans，此时如果你指定你不能设置另一个
@XmlElement(name="NAME")
在一个元素的 setter 方法上方注释<NAME>..</NAME>它会失败，说一个变量上不能有两个元素。
我希望它有所帮助。
使用 JAXB 执行 Unmarshall：
1) 将给定的 XML 转换为 XSD（自己或通过在线转换器），
2）在eclipse中创建一个JAXB项目，
3) 创建 XSD 文件并将转换后的 XSD 内容粘贴到其中，
4) 右键单击*XSD 文件--> 生成--> JAXB 类--> 按照说明操作（这将在 src 中创建所有必需的 .java 文件，即一个包信息、对象工厂和 pojo 类），
5）在src中再创建一个.java文件进行unmarshall操作，运行。
快乐编码！
JAXB 是一个可靠的选择，因为它可以平滑地将 xml 映射到 java 类。但是还有其他可用的框架，这里是这样的一个：
我发现使用 XML beanjackson fasterxml是一种不错的选择。serializing/deserializing