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我的 HTML 中有一个函数调用，它创建一个新的 mysql 表，其中包含一个表列表并将它们填充到选项的元素中。然后，我需要填充其中一个选项的另一个选择语句“onselect”或“onchange”，但我不知道如何将所选选项的值传递给 sql 查询中的变量。我只能通过手动为变量赋值来让它工作。

它可能更容易使用：

var option_user_selection = element.options[ whatever they select ].text

但后来我不知道如何纠正那个查询循环。

网址： http: //people.cs.clemson.edu/~pjnodin/assg/index.php

<body>
<div id="container">
<div id="header">
    <h1>
        SQL Query Builder
    </h1>
</div>
<div id="content-container">
    <div id="data-sets"  title="Click on a Data Set">
        <h3>
            Data Sets
        </h3>
        <form name="myForm">
            <select size="34" style="width: 200px" id="selectBox1" name="dataSets" onChange="optionBlockRecipe2(this.selectedIndex)">

            <?php
                prepareTableList();
                optionBlockRecipe();
            ?>

            </select>
            <input type='hidden' id='myhidden' value=''>
    </div>
    <div id="attributes" title="Click on an Attribute">
        <h3>
            Attributes
        </h3>
            <select size="34" style="width: 200px" id="selectBox2" name="attributes" onClick="alert(this.options[this.options.selectedIndex].value)">
                <?php
                                        optionBlockRecipe2();
                ?>
            </select>
        </form>
    </div>

<?php
function prepareTableList()
{
mysql_query("drop table Table_List");
mysql_query("drop table TheJoins");

$rs = mysql_query("SHOW tables");

mysql_query("create table Table_List(
    TableName char(20) not null,
    TableEnglish char(20),
    PRIMARY KEY(TableName))");

mysql_query("create table TheJoins
    (Table1 char(20) not null
    ,Table2 char(20) not null
    ,TheJoin char(50)
    ,primary key(Table1,Table2))");


for($i = 0; $i < mysql_num_rows( $rs); $i++)
{
    $tmp = mysql_fetch_row( $rs );
    mysql_query("INSERT into Table_List(TableName) VALUES('$tmp[0]')");
    //print("<OPTION value=\"$tmp[0]:$tmp[0]\">$tmp[0]</OPTION>\n");
}
}

function optionBlockRecipe()
{
$rs = mysql_query("SELECT TableName FROM Table_List");
for($i = 0; $i < mysql_num_rows( $rs); $i++)
{
    $tmp = mysql_fetch_row( $rs );
    print("<OPTION value=\"$tmp[0]\" selected=\"selected\">$tmp[0]</OPTION>\n");
}
}
function optionBlockRecipe2()
{
    $temp = Orders;
$rs = mysql_query("DESCRIBE '$temp'");
for($i = 0; $i < mysql_num_rows( $rs); $i++)
{
    $tmp = mysql_fetch_row( $rs );
    print("<OPTION value=\"$tmp[0]:$tmp[1]\" selected=\"selected\">$tmp[0]</OPTION>\n");
}
}
?>
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1 回答 1

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你的问题是它<option>实际上不是一个元素，而是元素的一个属性<select>。这是一个常见的误解，并且<select>可能是最（也可能是唯一）令人困惑的元素。

他们这样做的原因是为了让开发人员能够以有组织的方式将任意数量的可选选项添加到列表中，包括文本和值。

因此，解决问题的解决方案很简单：选择新的问题时，option请选择元素，而不是。value<select><option>

此外，如果没有 AJAX，您将遇到麻烦，因为 PHP 是一种服务器端语言而不是客户端，因此它不是响应用户事件，而是响应服务器事件，例如接收提交的表单。

于 2013-04-12T21:57:23.317 回答