python - 如何使用python摆脱文件基名的扩展名

Question

我在这样的列表中获得了文件的完整路径：

a = ['home/robert/Documents/Workspace/datafile.xlsx', 'home/robert/Documents/Workspace/datafile2.xls', 'home/robert/Documents/Workspace/datafile3.xlsx']

我想要的是只获取没有扩展名的文件名，例如：

b = ['datafile', 'datafile2', 'datafile3']

我尝试过的是：

xfn = re.compile(r'(\.xls)+')
for name in a:
    fp, fb = os.path.split(fp)
    ofn = xfn.sub('', name)
    b.append(ofn)

但这会导致：

b = ['datafilex', 'datafile2', 'datafile3x']

Answer 1

1. 您使用的正则表达式是错误的。匹配,等(\.xls)+形式的字符串。这就是项目中有剩余的原因。您想要的是，即 a后跟零个或多个任意字符。.xls.xls.xlsx.xlsx\.xls.*.xls

2. 你真的不需要使用正则表达式。os.path中有专门的方法来处理这个问题：basename和splitext。

   >>> import os.path
   >>> os.path.basename('home/robert/Documents/Workspace/datafile.xlsx')
   'datafile.xlsx'
   >>> os.path.splitext(os.path.basename('home/robert/Documents/Workspace/datafile.xlsx'))[0]
   'datafile'
   

   因此，假设您并不真正关心.xls/.xlsx后缀，您的代码可以很简单：

   >>> a = ['home/robert/Documents/Workspace/datafile.xlsx', 'home/robert/Documents/Workspace/datafile2.xls', 'home/robert/Documents/Workspace/datafile3.xlsx']
   >>> [os.path.splitext(os.path.basename(fn))[0] for fn in a]
   ['datafile', 'datafile2', 'datafile3']
   

   （另请注意列表理解。）

Answer 2

单线：

>>> filename = 'file.ext'
>>> '.'.join(filename.split('.')[:-1]) if '.' in filename else filename
'file'

Answer 3

这是重复的： 如何从 Python 中的路径获取没有扩展名的文件名？

https://docs.python.org/3/library/os.path.html

在 python 3 pathlib 中，“pathlib 模块提供了高级路径对象。” 所以，

>>> from pathlib import Path
>>> p = Path("/a/b/c.txt")
>>> print(p.with_suffix(''))
\a\b\c
>>> print(p.stem)
c

Answer 4

为什么不直接使用split方法？

def get_filename(path):
    """ Gets a filename (without extension) from a provided path """

    filename = path.split('/')[-1].split('.')[0]
    return filename


>>> path = '/home/robert/Documents/Workspace/datafile.xlsx'
>>> filename = get_filename(path)
>>> filename
'datafile'