0

我正在从 API 解析 XML 并将它们显示在一页上，尽管我已将它们分页到每页 30 个。

我想使用该link_to方法单独查看每一个，然后更新属性，然后可以将这些属性以 XML 形式发送回 API。我没有做的是保存到模型中，只是显示。我可以将返回的结果视为对象吗？

这是 XML：

<entry>
<id>xxx</id>
<updated>xxx</updated> 
<category  scheme="xxx"  term="xxx"/>
<title type="text">xxx</title>
<link rel="xxx" type="xxx"    href="xxx"/> 
<link rel="xxx"/>     
<link rel="xx" type="xxx" href="xxx"/> <link rel="xx" type="axx" href="xxx"/> 
<gd:email rel="xxx" address="xxx" primary="xx"/> 
</entry>

这是控制器：

def show
  @contact = getcontact.find(params[:title])
end

这是getcontact方法：

doc = Nokogiri::XML.parse(open(url))
doc.xpath('//xmlns:feed/xmlns:entry[xmlns:title[node()]]')

这是路线：

match 'contacts/xmlns:title' => 'contacts#show'

所有联系人视图：

<% @mycontacts.each do |c| %>
Name: <%= c.xpath('xmlns:title').text %>  
Email: <%= c.xpath('gd:email/@address').text %> 
<%= link_to "Update Contact", contact_path(c.xpath('xmlns:title').text) %></p> 

<% end %>

显示视图：

<%= @contact.xpath('xmlns:title') %>
<%= @contact.xpath('gd:email/@address') %>

当我单击链接查看单个联系人时，我收到一条错误消息：

undefined method `xpath' for #<Enumerator:0x3cc6570>

编辑：

将所有内容保存到模型中，在应用程序中更新，然后转换为 XML 并将其发回会更好吗？这似乎有点啰嗦，但这是最佳做法吗？

4

1 回答 1

1

是的，我会创建一个模型来封装 API 和您的检索方法。另外，我会使用专为这个用例设计的HTTParty 。它将自动执行与 XML 的转换。（虽然如果那是一个 RSS 提要，我可能会使用专用的 RSS 解析器）

这种分离不会“冗长”，实际上它会更干净，更高效，因为您可以缓存甚至只是在模型中记忆，从而最大限度地减少您必须执行的获取量。

于 2013-04-03T23:55:17.483 回答