尽管您经常将以下示例视为将阶乘转换为尾调用的示例:
int factorial(int n, int acc=1) {
if (n <= 1) return acc;
else return factorial(n-1, n*acc);
}
这不太正确,因为它要求乘法既是关联的又是可交换的。(乘法是关联的和可交换的,但以上不能作为不满足这些约束的其他操作的模型。)更好的解决方案可能是:
int factorial(int n, int k=1, int acc=1) {
if (n == 0) return acc;
else return factorial(n-1, k+1, acc*k);
}
这也可以作为斐波那契变换的模型:
int fibonacci(int n, int a=1, int b=0) {
if (n == 0) return a;
else return fibonacci(n-1, a+b, a);
}
请注意,这些计算从开头开始的序列,而不是在调用堆栈中排队挂起的延续。所以它们在结构上更像是迭代解决方案而不是递归解决方案。然而,与迭代程序不同的是,它们从不修改任何变量。所有绑定都是不变的。这是一个有趣且有用的属性;在这些简单的情况下,它并没有太大的区别,但是在不重新分配的情况下编写代码会使一些编译器优化更容易。
无论如何,最后一个确实为您的递归函数提供了模型;像斐波那契数列一样,我们需要保留相关的过去值,但我们需要三个而不是两个:
int mouse(int n, int a=1, int b=1, int c=1) {
if (n <=2 ) return a;
else return mouse(n-1, a*c+1, a, b);
}
附加物
在评论中,提出了两个问题。我将尝试在这里回答他们(以及更多)。
首先,应该清楚(从没有函数调用概念的底层机器架构的考虑)任何函数调用都可以改写为 goto(可能使用无界中间存储);此外,任何 goto 都可以表示为尾调用。所以有可能(但不一定漂亮)将任何递归重写为尾递归。
通常的机制是“延续传递风格”,这是一种奇特的说法,每次你想调用一个函数时,你将当前函数的其余部分打包为一个新函数(“延续”),然后传递继续调用的函数。由于每个函数都接收一个延续作为参数,它必须通过调用它收到的延续来完成它创建的任何延续。
这可能足以让你头晕目眩,所以我换一种说法:不是将参数和返回位置压入堆栈并调用函数(稍后将返回),而是将参数和延续位置压入堆栈并转到一个函数,该函数稍后将转到延续位置。简而言之,您只需将堆栈设置为显式参数,然后您就无需返回。这种编程风格在事件驱动代码中很常见(请参阅 Python Twisted),编写(和阅读)真的很痛苦。所以我强烈建议让编译器为你做这个转换,如果你能找到一个可以做到的。
@xxmouse建议我把递归方程从帽子里拿出来,然后问它是如何推导出来的。它只是原始的递归,但被重新表述为单个元组的转换:
fn = fn-1*fn-3 + 1
=>
Fn = <Fn-11*Fn-13+1, Fn-11, Fn-12>
我不知道这是否更清楚,但这是我能做的最好的。查看斐波那契示例以了解稍微简单的情况。
@j_random_hacker询问这种转换的限制是什么。它适用于递归序列,其中每个元素都可以用前面k
元素的某个公式表示,其中k
是一个常数。还有其他方法可以产生尾调用递归。例如:
// For didactic purposes only
bool is_odd(int n) { return n%2 == 1; }
int power(int x, int n, int acc=1) {
if (n == 0) return acc;
else if (is_odd(n)) return power(x, n-1, acc*x);
else return power(x*x, n/2, acc);
}
以上与通常的非尾调用递归不同,后者执行不同(但等效且同样长)的乘法序列。
int squared(n) { return n * n; }
int power(int x, int n) {
if (n == 0) return 1;
else if (is_odd(n)) return x * power(x, n-1));
else return squared(power(x, n/2));
}
感谢 Alexey Frunze 进行以下测试:输出(ideone):
mouse(0) = 1
mouse(1) = 1
mouse(2) = 1
mouse(3) = 2
mouse(4) = 3
mouse(5) = 4
mouse(6) = 9
mouse(7) = 28
mouse(8) = 113
mouse(9) = 1018