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有没有办法剥离astd::tuple<T...>以恢复它T...？

例子

假设vct<T...>是一个预先存在的 可变参数类模板，

using U = std::tuple<int,char,std::string>;
using X = vct<int,char,std::string>;
using Y = vct< strip<U> >;            // should be same as X

笔记

我知道std::tuple_element，但我需要所有元素，以可用作的形式T...

作为参考，我发现了类似的这个问题，但我的需求有点简单（所以我希望有一个更简单的解决方案）：我所需要的只是其中的类型列表tuple- 我不在乎tuple实例的实际值。

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template<typename>
struct strip;

template<typename ...T>
struct strip<std::tuple<T...>>
{
   using type = vct<T...>;
};

然后将其用作：

using Y = strip<U>::type;

现在Y与X.

于 2013-03-14T19:53:17.757 回答
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不，这是不可能的。参数包是类型推导的结果，不能在其他上下文中产生。

您可以通过这种方式执行类似于您要求的操作：

template<template<typename...> class T, typename>
struct instantiate_with_arg_pack { };

template<template<typename...> class T, typename... Ts>
struct instantiate_with_arg_pack<T, std::tuple<Ts...>>
{
    using type = T<Ts...>;
};

template<typename... Ts>
struct vct { };

int main()
{
    using U = std::tuple<int,char,std::string>;
    using X = vct<int,char,std::string>;
    using Y = instantiate_with_arg_pack<vct, U>::type;
}

实际上，您不需要将参数包保存在元组中：任何可变参数类模板都可以：

template<template<typename...> class T, typename>
struct instantiate_with_arg_pack { };

template<
    template<typename...> class T, 
    template<typename...> class U, // <===
    typename... Ts
    >
struct instantiate_with_arg_pack<T, U<Ts...>>
//                                   ^^^^^^^^
{
    using type = T<Ts...>;
};

template<typename... Ts>
struct vct { };

int main()
{
    using U = std::tuple<int,char,std::string>;
    using X = vct<int,char,std::string>;
    using Y = instantiate_with_arg_pack<vct, X>::type;
    //                                        ^

    // Won't fire
    static_assert(
        std::is_same<Y, vct<int,char,std::string>>::value, 
        "Error!");
}

这是一个活生生的例子。

于 2013-03-14T19:53:34.160 回答
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你不能直接“返回”一个参数包，所以你需要的是这样的：

template< typename... Ts >
struct vct
{ ... };

template< typename T >
struct make_vct;

template< typename... Ts >
struct make_vct< std::tuple< Ts... > >
{
    typedef vct< Ts... > type;
};

并使用

using Y = make_vct< U >::type;
于 2013-03-14T19:52:47.590 回答
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这里的目标是能够将参数包从模板实例复制到另一个模板。我没有将其限制为tuple，因为...为什么将其限制为tuple？

template<template<typename...>class Target, typename Src>
struct copy_pack_types;

template<template<typename...>class Target, template<typename...>class Src, typename... Ts>
struct copy_pack_types< Target, Src<Ts...> > {
  typedef Target<Ts...> type;
};

template<template<typename... Ts>class Target, typename Src>
using CopyPackTypes = typename copy_pack_types<Target, Src>::type;

#include <string>
#include <tuple>
template<typename... Ts> struct vct;
template<typename... Ts> struct vct2;
using U = std::tuple<int,char,std::string>;
using X = vct<int,char,std::string>;
using Y = CopyPackTypes< vct, U >;            // should be same as X
using Z = CopyPackTypes< vct2, U >;            // should be different from X

#include <iostream>
#include <type_traits>
int main() {
  std::cout << std::is_same< X, Y >::value << "\n";
  std::cout << std::is_same< Z, Y >::value << "\n";
  std::cout << std::is_same< Z, vct2<int,char,std::string> >::value << "\n";
}

正如预期的那样，输出是“1 0 1”。

CopyPackTypes接受一个目标模板和一个从参数包构造的源类型作为它的唯一参数。然后它将参数包复制到目标模板。

一种标准技术是携带参数包是创建一个否则没有使用的类型，例如：

template<typename...>
struct types {};

它仅作为类型列表的占位符存在。然后，您可以将其中一些传递给另一个模板，并且每个包不会“踩”对方。当您需要将它应用到目标模板时，您可以使用类似上面的“ CopyPackTypes”来应用它。

类似的技术用于索引包：

template<size_t...>
struct seq {};

否则无用的类型是“黑色石板”，用于携带大量参数。

于 2013-03-14T20:34:41.137 回答
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使用 c++17 std::apply。

using U = std::tuple<int, char, std::string>;
using X = vct<int, char, std::string>;
using Y = vct<strip<U>>; // should be same as X

auto my_y = std::apply(
        [](auto... ts) {
            using Y = vct<decltype(ts)...>;
            return Y{};
        },
        U{});
于 2020-04-07T18:25:35.537 回答