c++ - 如何获取指向通用引用的指针？

Question

我有这个代码：

char X[64];

template <typename E>
void f (E &&e, size_t len)
{
    memset(X, 0, 64);
    memcpy(X, &e, len);
}

用这个调用：

const char* tx = "hello!";
f(tx, strlen(tx));

但是当我打印变量 X 不是我想要的！我认为我对e的普遍引用（即声明为E&& e）不正确。

任何的想法？

Answer 1

const char*您的通用引用 [*]在类型推导后变成左值引用（E推导为 be const char*&）。

因此，而不是这样：

memcpy(X, &e, len);
//        ^^
//        This is a pointer to a pointer to const char!
//                ^^^^^^^^^^^^

你应该使用这个：

memcpy(X, e, len);

---

[*] 术语“通用引用”是由 Scott Meyers 引入的，它不是C++11 标准的一部分。该标准仅定义参考折叠规则，通用参考的抽象只是为了更容易理解这些规则的工作原理。

Answer 2

E将被推断为const char*&在这种情况下，因此e也将是类型const char*&（在引用折叠后）。e指针对象也是如此。然后你做&e，它正在获取指针的地址。您想要的只是将指针e直接传递给memcpy，因为它指向您要复制的数据：

memcpy(X, e, len);

的类型扣除e：

E&& → const char*& && → const char*&

Answer 3

目前还不清楚您要达到的目标。如果要将常规变量复制到缓冲区，但要复制指针数据，则可以提供专门化：

字符 X[64];

template <typename E>
void f (E &&e, size_t len)
{
    memset(X, 0, 64);
    memcpy(X, &e, len);
}

template <typename E>
void f (E *e, size_t len)
{
    memset(X, 0, 64);
    memcpy(X, e, len);
}

这应该可行，但在这种情况下，“通用”引用的 len 参数似乎是多余的。