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我最难从我的 url 中提取数据并将其放入我在 asp.net MVC4 中的 jqGrid 中。我在这里想念什么？

    $(document).ready(function () {
        jQuery("#frTable").jqGrid ({
            cmTemplate: { sortable: false },
            caption: '@TempData["POPNAME"]' + ' Population',
            url: '@Url.Action("GetAjaxPagedGridData", "Encounters", new { popId = TempData["POPULATIONID"] })',//'/Encounters/GetAjaxPagedGridData/'+ '',
            datatype: "jsonstring",
            mtype: 'GET',
            pager: '#pager',
            height: '450',
            ...

然后你进入 colNames 和 colModels 以及所有与这个特定查询相切的东西。这是返回我的数据的方法。我只想说我做客户端分页的东西似乎有效。但除非我能真正看到数据，否则我无法验证？

我在这里做错了什么？

    public string GetAjaxPagedGridData(int page, int rows, int popId) {
        string userID = HttpContext.User.Identity.Name;
        DataRepository dr = new DataRepository();
        string encounter = dr.Get(popId, userID, "1", page, rows, "");
        return encounter;
    }
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1 回答 1

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您可以postData在表单中使用 jqGrid 选项

postData: {
    popId: 123
}

或形式

postData: {
    popId: function () {
        return 123;
    }
}

您应该另外使用datatype: "json"而不是datatype: "jsonstring".

于 2013-02-26T21:15:44.670 回答