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这似乎是一个愚蠢的问题，但经过长时间的搜索，我被难住了。

我正在使用查询来检索数据，然后编码为 JSON，以便在我的站点周围的各个地方使用。只有一个问题。我似乎无法检索数据！

查询（data.users.php）：

$arr = array();

$rs = mysql_query("SELECT
    CONCAT(m.firstName,' ',m.lastName) AS name,
    m.email,
    m.permission,
    m.costRate,
    m.dt,
    m.memberID,
    m.moduleFinancial,
    o.orgName

    FROM members m

    LEFT JOIN organisations o ON m.organisationID = o.organisationID
    WHERE status = 'true'
    ORDER BY name"
) or die(mysql_error());

while($obj = mysql_fetch_object($rs)) {
$arr[] = $obj;
}
header("Content-type: application/json");

    echo json_encode($arr);

数据示例：

[{"name":"Admin User","email":"test@test.com","permission":"admin","dt":"2013-02-02 10:26:29","memberID":"M0000001"},{"name":"Another User","email":"another@test.com","permission":"admin","dt":"2012-02-02 10:26:29","memberID":"M0000002"}]

有任何想法吗？

更新获取代码：

ob_start();
            include("../data/data.users.php");
            $arr = json_decode(ob_get_clean(), true);

            foreach($arr as $item) {
                if ($item['memberID'] == $_GET["ID"]) {
                    $user_name = $item['name'];
                }
            }
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4 回答 4

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PHP >= 5.4 具有 JSON_PRETTY_PRINT 选项，如此处所述：http://php.net/manual/en/function.json-encode.php以获得格式良好的 JSON 字符串：

json_encode($arr, JSON_PRETTY_PRINT);
于 2013-02-19T08:39:28.917 回答
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试试这个亲爱的......

输入

{"key1":[1,2,3],"key2":"value"}

输出

    {
    "key1": [
        1,
        2,
        3
    ],
    "key2": "value"
}

功能代码：

    function prettyPrint( $json )
{
    $result = '';
    $level = 0;
    $prev_char = '';
    $in_quotes = false;
    $ends_line_level = NULL;
    $json_length = strlen( $json );

    for( $i = 0; $i < $json_length; $i++ ) {
        $char = $json[$i];
        $new_line_level = NULL;
        $post = "";
        if( $ends_line_level !== NULL ) {
            $new_line_level = $ends_line_level;
            $ends_line_level = NULL;
        }
        if( $char === '"' && $prev_char != '\\' ) {
            $in_quotes = !$in_quotes;
        } else if( ! $in_quotes ) {
            switch( $char ) {
                case '}': case ']':
                    $level--;
                    $ends_line_level = NULL;
                    $new_line_level = $level;
                    break;

                case '{': case '[':
                    $level++;
                case ',':
                    $ends_line_level = $level;
                    break;

                case ':':
                    $post = " ";
                    break;

                case " ": case "\t": case "\n": case "\r":
                    $char = "";
                    $ends_line_level = $new_line_level;
                    $new_line_level = NULL;
                    break;
            }
        }
        if( $new_line_level !== NULL ) {
            $result .= "\n".str_repeat( "\t", $new_line_level );
        }
        $result .= $char.$post;
        $prev_char = $char;
    }

    return $result;
}

这可能对你有帮助........

于 2013-02-19T08:48:00.113 回答
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我相信，您的问题出在其他地方，json_decode不需要换行符。但是，我发现这条线很可疑：

json_decode(file_get_contents("../data/data.users.php"),true);

您想以 JSON 格式读取 PHP 脚本吗？这是源代码，那里没有任何执行！

更新：

就像我怀疑的那样：您读取 PHP 文件并将其传递给json_decode. PHP 源代码不是有效的 JSON，因此它返回null. file_get_contents只有使用 http 包装器才有可能：

file_get_contents("http://example.com/data/data.users.php")

但这是不必要的复杂，通常不是一个好主意。此外，该脚本必须位于公共 Web 目录下。你应该包括 data.users.php. 为此，您有两种选择：

  1. 更改echo为return然后使用：

    $arr = json_decode(include("../data/data.users.php"), true);

  2. 使用输出缓冲：

    ob_start();
include("../data/data.users.php");
$arr = json_decode(ob_get_clean(), true);

第一个选项应该是首选选项，但是，如果data.users.php由于某种原因无法更改，则第二个选项是有效的解决方法。

PS：您可能也想摆脱对的调用header()，如果data.users.php不会直接通过网络调用。否则，如果第二个脚本没有将 JSON 传递给浏览器/客户端，请记住覆盖内容类型标头。

于 2013-02-19T08:42:48.507 回答
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echo json_encode($arr)."\r\n";
于 2013-02-19T08:41:57.510 回答