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我有这个简单的代码：

class A{};
class B : public A{};
class C : public B{};

class Test
{
    public:
        template<typename T>
        void f(T&){printf("template\n");}
        void f(A&){printf("specialization\n");}
};

int main()
{
    A a;
    B b;
    C c;

    Test test;
    test.f(a);
    test.f(b);
    test.f(c);
}

当我运行它（VS2010）时，我有这个输出：

specialization
template
template

是否可以使用类进行调用A-derived以使用专业化？

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1 回答 1

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是的，这是可能的，但是您必须稍微更改一下代码。

首先，从技术上讲，第二个函数f()不是模板函数的特化，而是一个重载。解决重载时，为所有类型不是 的参数选择模板版本A，因为它是完美匹配的：T被推断为等于参数的类型，因此在调用时f(b)，例如，在类型推断之后编译器将具有在以下两个重载之间进行选择：

void f(B&){printf("template\n");}
void f(A&){printf("specialization\n");}

当然，第一个是更好的匹配。

现在，如果您希望在使用子类的参数调用函数时选择第二个版本，则A必须使用一些 SFINAE 技术来防止函数模板在类型T被推断为子类时被正确实例化A.

您可以std::enable_if结合使用std::is_base_of类型特征来实现这一点。

// This will get instantiated only for those T which are not derived from A
template<typename T,
    typename enable_if<
        !is_base_of<A, T>::value
        >::type* = nullptr
    >
void f(T&) { cout << "template" << endl; }

以下是在完整程序中使用它的方法：

#include <type_traits>
#include <iostream>

using namespace std;

class A{};
class B : public A{};
class C : public B{};
class D {};

class Test
{
    public:

        template<typename T,
            typename enable_if<!is_base_of<A, T>::value>::type* = nullptr
            >
        void f(T&) { cout << ("template\n"); }

        void f(A&){ cout << ("non-template\n");}

};

int main()
{
    A a;
    B b;
    C c;
    D d;
    float f;

    Test test;
    test.f(a); // Will print "non-template"
    test.f(b); // Will print "non-template"
    test.f(c); // Will print "non-template"
    test.f(d); // Will print "template"
    test.f(f); // Will print "template"
}

编辑：

如果您使用的编译器与 C++11 不完全兼容（因此不支持函数模板上的默认模板参数），您可能需要更改模板重载的定义，f()如下所示：

template<typename T>
typename enable_if<!is_base_of<A, T>::value, void>::type 
f(T&) { cout << ("template\n"); }

程序的行为将是相同的。请注意，如果返回类型为f()，则void可以省略enable_if类模板的第二个参数。

于 2013-02-10T11:44:37.307 回答